Salta al contingut
Classes de reforç

Exercicis d'enllaç químic — Física i Química 1r Batxillerat

L'enllaç químic explica les propietats de les substàncies, i aquests exercicis t'ensenyen a fer aquesta relació. Decideixes quin enllaç es forma entre dos elements, com el sodi i el clor, i en dedueixes propietats. Treballes l'enllaç covalent i la polaritat, i el model del núvol d'electrons de l'enllaç metàl·lic. Al final estudies les forces intermoleculars: quines es trenquen quan una substància molecular bull i per què l'aigua té un punt d'ebullició molt més alt del que tocaria per la seva mida, gràcies als ponts d'hidrogen. Les solucions argumenten cada propietat. Errors típics: pensar que en l'enllaç iònic es comparteixen electrons i creure que tots els covalents són apolars.

Tens examen d'aquest tema? Fes un simulacre de 60 minuts com el de l'institut, amb solucions i criteris de correcció.Fes el simulacre →

Nivell bàsic

Exercici 1

El sodi (metall) i el clor (no-metall) formen un compost. Quin tipus d'enllaç hi ha i què fa cada àtom amb els electrons?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 1

Resultat

Enllaç iònic: el sodi cedeix el seu electró de valència i el clor el capta; es formen Na⁺ i Cl⁻, que s'atrauen.

Resolució

  1. Dades. El sodi és un metall (grup 1, 1 electró de valència) i el clor un no-metall (grup 17, 7 electrons de valència).
  2. Regla pràctica. Un metall amb un no-metall formen enllaç iònic.
  3. Què fa cada àtom. El sodi (metall) cedeix el seu electró de valència; el clor (no-metall) el capta i completa l'octet.
  4. Conclusió. Queden ions de signe contrari, Na⁺ i Cl⁻, que s'atrauen electrostàticament i formen el NaCl.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 2

Dos àtoms de clor s'uneixen per formar Cl2. Quin tipus d'enllaç fan i per què?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 2

Resultat

Enllaç covalent: els dos àtoms de clor comparteixen un parell d'electrons i així tots dos completen l'octet.

Resolució

  1. Dades. Els dos àtoms són de clor, un no-metall amb 7 electrons de valència: a cadascun li'n falta un per a l'octet.
  2. Regla pràctica. Dos no-metalls formen enllaç covalent.
  3. Per què. En comptes de cedir o captar electrons (tots dos els atrauen igual), en comparteixen un parell.
  4. Conclusió. Així tots dos completen la seva última capa i es forma la molècula Cl₂ (Cl−Cl, enllaç senzill).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 3

Com es diu el conjunt d'electrons lliures que uneix els àtoms d'un metall?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 3

Resultat

El mar (o núvol) d'electrons.

Resolució

  1. Model de l'enllaç metàl·lic. Els àtoms del metall cedeixen els electrons de valència i queden com a cations ordenats en una xarxa.
  2. Conclusió. Aquests electrons no pertanyen a cap àtom concret: es mouen lliurement per tot el metall formant el mar (o núvol) d'electrons, que manté units els cations.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 4

Indica quants electrons de valència tenen el nitrogen (Z = 7), el magnesi (Z = 12) i el clor (Z = 17), i explica què farà cada àtom (guanyar, perdre o compartir electrons, i quants) per complir la regla de l'octet.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 4

Resultat

N: 5 electrons de valència, en comparteix 3; Mg: 2, els perd (Mg²⁺); Cl: 7, en guanya 1 (Cl⁻) o en comparteix 1.

Resolució

  1. Plantejament. Escrivim la configuració electrònica i mirem l'última capa: els electrons de valència són els d'aquesta capa.
  2. Nitrogen. N: 1s² 2s² 2p³ → 5 electrons de valència. Li'n falten 3: els compartirà formant tres enllaços covalents (com a l'NH₃ o l'N₂).
  3. Magnesi. Mg: 1s² 2s² 2p⁶ 3s² → 2 electrons de valència. Li és més fàcil perdre'ls: forma el catió Mg²⁺.
  4. Clor. Cl: 1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁵ → 7 electrons de valència. Només n'hi falta un: el guanya (ió Cl⁻) davant d'un metall o el comparteix (un enllaç covalent) davant d'un no-metall.
  5. Compte. Error típic: comptar tots els electrons de l'àtom en lloc dels de l'última capa.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 5

El calci és del grup 2 i el brom del grup 17; l'alumini és del grup 13 i el sofre del grup 16. Escriu els ions que forma cada element i la fórmula del compost iònic que resulta de cada parella (Ca amb Br, Al amb S).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 5

Resultat

Ca²⁺, Br⁻ → CaBr₂; Al³⁺, S²⁻ → Al₂S₃.

Resolució

  1. Idea. Cada metall perd els electrons de valència i cada no-metall en guanya fins a tenir-ne 8.
  2. Calci i brom. Ca (grup 2, 2 electrons de valència) → Ca²⁺; Br (grup 17, 7 electrons de valència) → Br⁻. Per neutralitzar una càrrega +2 calen dos Br⁻: CaBr₂.
  3. Alumini i sofre. Al (3 electrons de valència) → Al³⁺; S (6 electrons de valència) → S2−\mathrm{S^{2-}}. Mínim comú múltiple de les càrregues, 6: dos Al³⁺ (+6) i tres S2−\mathrm{S^{2-}} (−6): Al₂S₃.
  4. Comprovació. 2⋅(+3)+3⋅(−2)=02\cdot(+3) + 3\cdot(-2) = 0: el compost és neutre.
  5. Conclusió. Recorda que aquestes fórmules indiquen la proporció d'ions a la xarxa cristal·lina, no una molècula.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 6

Classifica aquestes substàncies segons el tipus d'enllaç que uneix els seus àtoms (iònic, covalent o metàl·lic): MgO, Br2, Fe, HCl, CaF2, Zn, NH3 i KI.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 6

Resultat

Iònic: MgO, CaF₂, KI; covalent: Br₂, HCl, NH₃; metàl·lic: Fe, Zn.

Resolució

  1. Regla pràctica. Metall + no-metall → iònic; no-metall + no-metall → covalent; només metalls → metàl·lic.
  2. Iònics. MgO (Mg metall, O no-metall), CaF₂ i KI.
  3. Covalents. Br₂ (dos àtoms del mateix no-metall), HCl i NH₃ (només no-metalls).
  4. Metàl·lics. Fe i Zn.
  5. Compte. Error típic: pensar que un element pur sempre té enllaç metàl·lic; el Br₂ és un no-metall i els seus àtoms s'uneixen per enllaç covalent.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 7

Indica quants parells d'electrons enllaçants i quants parells no enllaçants (solitaris) hi ha a les molècules H2O, NH3, CH4 i HCl. (Electrons de valència: H 1, C 4, N 5, O 6, Cl 7.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 7

Resultat

H₂O: 2 enllaçants i 2 solitaris; NH₃: 3 i 1; CH₄: 4 i 0; HCl: 1 i 3.

Resolució

  1. Plantejament. L'àtom central forma tants enllaços com electrons li falten per a l'octet; la resta d'electrons de valència queden en parells solitaris.
  2. H₂O i NH₃. A l'H₂O, l'O té 6 electrons i en comparteix 2 → 2 parells enllaçants (O−H) i 2 parells solitaris. A l'NH₃, el N té 5 electrons i en comparteix 3 → 3 parells enllaçants i 1 parell solitari.
  3. CH₄ i HCl. Al CH₄, el C té 4 electrons i els comparteix tots → 4 parells enllaçants i 0 solitaris. A l'HCl, el Cl en comparteix 1 → 1 parell enllaçant i 3 parells solitaris sobre el Cl.
  4. Comprovació. A l'aigua, 2⋅2+2⋅2=82\cdot2 + 2\cdot2 = 8 electrons al voltant de l'oxigen: octet complet (i igual als altres àtoms centrals).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 8

Amb les electronegativitats H 2,1; C 2,5; O 3,5; F 4,0 i Cl 3,0, ordena els enllaços C-H, H-Cl, H-O i H-F de menys a més polar i indica, en cada un, quin àtom queda amb càrrega parcial negativa (δ-).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 8

Resultat

C−H < H−Cl < H−O < H−F; δ⁻ sobre C, Cl, O i F respectivament.

Resolució

  1. Criteri. La polaritat d'un enllaç creix amb la diferència d'electronegativitat Δχ\Delta\chi, i l'àtom més electronegatiu atrau els electrons (δ⁻).
  2. Càlcul. C−H: 2,5−2,1=0,42{,}5 - 2{,}1 = 0{,}4 (pràcticament apolar; δ⁻ sobre el C). H−Cl: 3,0−2,1=0,93{,}0 - 2{,}1 = 0{,}9 (δ⁻ sobre el Cl).
  3. Càlcul. H−O: 3,5−2,1=1,43{,}5 - 2{,}1 = 1{,}4 (δ⁻ sobre l'O). H−F: 4,0−2,1=1,94{,}0 - 2{,}1 = 1{,}9 (δ⁻ sobre el F).
  4. Conclusió. Ordre creixent de polaritat: C−H < H−Cl < H−O < H−F. En tots els casos l'hidrogen queda δ⁺ (és el menys electronegatiu).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 9

Raona si cada afirmació és certa o falsa:
a) El clorur de sodi sòlid està format per molècules NaCl.
b) El diamant és una substància molecular.
c) Els metalls condueixen el corrent elèctric en estat sòlid.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 9

Apartat a)

Resultat

Falsa: el NaCl sòlid és una xarxa cristal·lina d'ions, no hi ha molècules.

Resolució

  1. Tipus d'enllaç. El NaCl és un compost iònic: una xarxa cristal·lina d'ions Na⁺ i Cl⁻ alternats, on cada ió està envoltat de sis ions de signe contrari.
  2. Conclusió. La fórmula NaCl només indica la proporció 1:1 entre ions, no una molècula.

Apartat b)

Resultat

Falsa: el diamant és una xarxa covalent (sòlid covalent atòmic).

Resolució

  1. Estructura. Cada carboni està unit per enllaços covalents a quatre carbonis més.
  2. Conclusió. Es forma una estructura gegant sense molècules individuals: no és una substància molecular.

Apartat c)

Resultat

Certa: els electrons deslocalitzats es poden moure pel sòlid.

Resolució

  1. Model del mar d'electrons. Els electrons de valència estan deslocalitzats per tot el metall.
  2. Conclusió. Quan s'aplica una diferència de potencial, es poden moure per tot el sòlid: el metall condueix ja en estat sòlid.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 10

Amb les electronegativitats Na 0,9; Mg 1,2; H 2,1; C 2,5; S 2,5; Cl 3,0 i O 3,5, classifica els enllaços Na-Cl, H-Cl, Cl-Cl, Mg-O i C-S com a iònics, covalents polars o covalents apolars. (Considera iònic un enllaç amb diferència d'electronegativitat igual o superior a 1,7.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 10

Resultat

Iònics: Na−Cl i Mg−O; covalent polar: H−Cl; covalents apolars: Cl−Cl i C−S.

Resolució

  1. Plantejament. Calculem la diferència d'electronegativitat de cada parella i la comparem amb 1,7.
  2. Iònics. Na−Cl: 3,0−0,9=2,1≥1,73{,}0 - 0{,}9 = 2{,}1 \ge 1{,}7 → iònic. Mg−O: 3,5−1,2=2,33{,}5 - 1{,}2 = 2{,}3 → iònic.
  3. Covalents. H−Cl: 3,0−2,1=0,93{,}0 - 2{,}1 = 0{,}9 → covalent polar. Cl−Cl: 3,0−3,0=03{,}0 - 3{,}0 = 0 → covalent apolar (àtoms iguals). C−S: 2,5−2,5=02{,}5 - 2{,}5 = 0 → covalent apolar, tot i ser àtoms diferents.
  4. Conclusió. El valor 1,7 és només una frontera orientativa: el caràcter iònic augmenta de manera gradual amb la diferència d'electronegativitat.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell intermedi

Exercici 11

Per què els compostos iònics tenen punts de fusió alts?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 11

Resultat

Perquè cal molta energia per trencar la xarxa cristal·lina, on els ions s'atrauen fortament.

Resolució

  1. Estructura. Un compost iònic és una xarxa cristal·lina gegant d'ions positius i negatius alternats.
  2. Forces. Cada ió està envoltat d'ions de signe contrari i rep atraccions electrostàtiques intenses en totes direccions.
  3. Conclusió. Per fondre'l cal separar els ions, i això demana molta energia: punt de fusió alt.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 12

Per què els compostos covalents moleculars solen tenir punts de fusió baixos?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 12

Resultat

Perquè les molècules es mantenen unides per forces intermoleculars febles, que es trenquen amb poca energia.

Resolució

  1. Dos nivells de forces. Dins de cada molècula hi ha enllaços covalents forts; entre molècules només hi ha forces intermoleculars, molt més febles.
  2. Què passa en fondre. En fondre's, les molècules es mantenen senceres: només es vencen les forces entre molècules.
  3. Conclusió. Com que aquestes forces són febles, n'hi ha prou amb poca energia: punt de fusió baix.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 13

Relaciona una propietat dels metalls amb el mar d'electrons.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 13

Resultat

Per exemple, la conductivitat elèctrica: els electrons lliures del mar es mouen i transporten el corrent.

Resolució

  1. Model. En un metall, els cations formen una xarxa immersa en un mar d'electrons deslocalitzats, que es poden moure per tot el sòlid.
  2. Conductivitat. Quan s'aplica una diferència de potencial, aquests electrons lliures es desplacen i transporten el corrent (i també la calor).
  3. Una altra propietat. La mal·leabilitat: els plans d'àtoms poden lliscar els uns sobre els altres i el mar d'electrons continua mantenint-los units, de manera que el metall es deforma sense trencar-se.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 14

Quan una substància molecular bull, quines forces es trenquen?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 14

Resultat

Es trenquen les forces intermoleculars (entre molècules), no els enllaços de dins de cada molècula.

Resolució

  1. Què és bullir. En bullir, les molècules passen del líquid al gas i se separen les unes de les altres.
  2. Què es trenca. Només es vencen les forces que hi ha entre molècules; els enllaços covalents de dins de cada molècula es mantenen.
  3. Conclusió. Per exemple, el vapor d'aigua continua format per molècules H₂O senceres.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 15

Descriu l'estructura de Lewis de les molècules N2, CO2 i HCN: indica quins enllaços hi ha (senzills, dobles o triples) i quants parells solitaris té cada àtom. (Electrons de valència: H 1, C 4, N 5, O 6.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 15

Resultat

N≡N amb 1 parell solitari a cada N; O=C=O amb 2 parells solitaris a cada O; H−C≡N amb 1 parell solitari al N.

Resolució

  1. Mètode. Comptem els electrons de valència totals i els repartim perquè cada àtom (excepte l'H, que en vol 2) tingui 8.
  2. N₂. 10 electrons. Cada N necessita 3 electrons més → triple enllaç N≡N (6 electrons compartits) i un parell solitari a cada nitrogen. Total: 6+4=106 + 4 = 10.
  3. CO₂. 16 electrons. El C central forma un doble enllaç amb cada O: O=C=O. Cada oxigen té 2 parells solitaris i el C cap. Total: 8 (enllaços) + 8 (solitaris) = 16.
  4. HCN. 10 electrons. H−C≡N: enllaç senzill H−C, triple enllaç C≡N i un parell solitari sobre el N (cap a l'H ni al C). Total: 2+6+2=102 + 6 + 2 = 10.
  5. Comprovació. En els tres casos el carboni, el nitrogen i l'oxigen queden amb 8 electrons al voltant.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 16

Aplica el model de repulsió dels parells d'electrons de la capa de valència (RPECV) per predir la geometria i l'angle d'enllaç aproximat de BeCl2, BF3, CH4 i NH3. (Electrons de valència: Be 2, B 3, C 4, N 5, H 1, F 7, Cl 7.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 16

Resultat

BeCl₂ lineal (180°); BF₃ trigonal plana (120°); CH₄ tetraèdrica (109,5°); NH₃ piramidal trigonal (≈ 107°).

Resolució

  1. Model RPECV. Els parells d'electrons de l'àtom central es col·loquen tan lluny com poden; els parells solitaris també compten i, a més, comprimeixen els angles.
  2. BeCl₂ i BF₃. El Be té 2 parells enllaçants i cap de solitari → geometria lineal, 180°. El B té 3 parells enllaçants i cap de solitari → trigonal plana, 120°.
  3. CH₄. El C té 4 parells enllaçants → tetraèdrica, 109,5°.
  4. NH₃. El N té 4 parells (3 enllaçants + 1 solitari). La distribució dels parells és tetraèdrica, però la forma de la molècula (només els àtoms) és piramidal trigonal, amb angles d'uns 107°, més petits que 109,5° per la repulsió més gran del parell solitari.
  5. Compte. Error típic: dir que l'NH₃ és trigonal plana perquè té tres hidrògens; cal tenir en compte el parell solitari.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 17

El iode (I2\mathrm{I}_{2}) es dissol molt bé en hexà (C6H14\mathrm{C}_{6}\mathrm{H}_{14}) però gairebé gens en aigua, mentre que el clorur de sodi fa just el contrari. Explica aquests fets a partir de les forces que actuen entre les partícules.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 17

Resultat

«Semblant dissol semblant»: el I₂ i l'hexà són apolars (forces de dispersió); el NaCl és iònic i només l'aigua, polar, l'estabilitza amb interaccions ió-dipol.

Resolució

  1. Criteri. Una substància es dissol quan les noves forces solut-dissolvent són comparables a les que hi havia entre les partícules del solut i entre les del dissolvent («semblant dissol semblant»).
  2. I₂ en hexà. El I2\mathrm{I_2} és una molècula apolar unida a les altres per forces de dispersió febles. L'hexà també és apolar, així que es poden barrejar amb forces de dispersió similars.
  3. I₂ en aigua. Les molècules de I2\mathrm{I_2} no poden formar ponts d'hidrogen ni interaccions dipol-dipol amb l'aigua, i no compensen el trencament dels ponts d'hidrogen de l'aigua: pràcticament no es dissol.
  4. NaCl en aigua. El NaCl és iònic. L'aigua, polar, orienta els seus extrems negatius cap als Na⁺ i els positius cap als Cl⁻ (interacció ió-dipol) i aconsegueix separar-los de la xarxa: es dissol.
  5. NaCl en hexà. L'hexà, apolar, no pot estabilitzar els ions i el NaCl hi és insoluble.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 18

Explica com es forma l'ió amoni (NH4+) quan una molècula d'amoníac capta un protó (H+\mathrm{H}^{+}), i digues com s'anomena el nou enllaç que apareix. Es podria distingir aquest enllaç dels altres tres N-H un cop format l'ió?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 18

Resultat

El N cedeix el seu parell solitari al H⁺: enllaç covalent datiu (coordinat). Un cop format, no es distingeix: els quatre N−H són idèntics.

Resolució

  1. Punt de partida. A l'NH₃, el nitrogen té tres enllaços N−H i un parell d'electrons solitari.
  2. Formació. El protó H+\mathrm{H^+} no té cap electró; el nitrogen li ofereix el seu parell solitari i tots dos el comparteixen: es forma un quart enllaç N−H.
  3. Nom. Com que els dos electrons de l'enllaç els aporta el mateix àtom (el N), s'anomena enllaç covalent datiu o coordinat.
  4. Es pot distingir? No. L'NH₄⁺ té quatre enllaços N−H idèntics (geometria tetraèdrica, 109,5°): la diferència només és d'origen, no de naturalesa.
  5. Un altre exemple. El mateix passa quan l'aigua capta un protó i forma l'ió oxoni H3O+\mathrm{H_3O^+}.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 19

Indica quines d'aquestes substàncies poden formar ponts d'hidrogen entre les seves pròpies molècules i justifica-ho: metanol (CH3OH), dimetilèter (CH3-O-CH3), fluorur d'hidrogen (HF), metà (CH4), amoníac (NH3) i sulfur d'hidrogen (H2S).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 19

Resultat

Sí: CH₃OH, HF i NH₃. No: CH₃−O−CH₃, CH₄ i H₂S.

Resolució

  1. Condició. Cal un àtom d'H unit directament a un àtom petit i molt electronegatiu (N, O o F), que s'atrau cap al parell solitari d'un N, O o F d'una altra molècula.
  2. Sí que en formen. CH₃OH (té un H unit a l'O), HF (H unit al F) i NH₃ (H units al N).
  3. No en formen. CH₃−O−CH₃ té oxigen, però tots els seus hidrògens estan units a carboni; CH₄ només té enllaços C−H; H₂S té l'H unit al sofre, que és massa gran i poc electronegatiu.
  4. Conseqüència. Per això el metanol bull a 65 °C i el seu isòmer dimetilèter a −24 °C, tot i tenir la mateixa massa molecular.
  5. Compte. Error típic: creure que n'hi ha prou que la molècula contingui oxigen o hidrogen; cal que estiguin units directament.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 20

Les energies d'enllaç mitjanes són: H-H 436 kJ/mol, Cl-Cl 243 kJ/mol i H-Cl 432 kJ/mol. Calcula l'energia intercanviada en la reacció H2(g) + Cl2(g) → 2 HCl(g) i raona si és exotèrmica o endotèrmica.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 20

Resultat

ΔH=−185 kJ\Delta H = -185\ \text{kJ} (per cada 2 mol d'HCl formats): reacció exotèrmica.

Resolució

  1. Criteri de signes. Trencar enllaços costa energia (signe +) i formar-ne n'allibera (signe −).
  2. Energies d'enllaç. ΔH=∑E(trencats)−∑E(formats)\Delta H = \sum E(\text{trencats}) - \sum E(\text{formats})
  3. Càlcul. Trencats: 1 H−H i 1 Cl−Cl → 436+243=679 kJ436 + 243 = 679\ \text{kJ}. Formats: 2 H−Cl → 2⋅432=864 kJ2\cdot432 = 864\ \text{kJ}. ΔH=679−864=−185 kJ\Delta H = 679 - 864 = -185\ \text{kJ} per mol de reacció (per cada 2 mol d'HCl formats).
  4. Conclusió. S'allibera més energia en formar els dos enllaços H−Cl que la que cal per trencar els de partida: ΔH<0\Delta H \lt 0, la reacció és exotèrmica.
  5. Compte. Error típic: restar al revés (formats − trencats) i canviar el signe del resultat.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 21

Corregeix els errors d'aquesta resposta d'un alumne: «El CaCl2 és una molècula formada per un àtom de calci i dos de clor units per enllaç covalent, perquè comparteixen electrons. Com que és un compost covalent, té un punt de fusió baix i no condueix mai l'electricitat.»

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 21

Resultat

El CaCl₂ és iònic (xarxa d'ions Ca²⁺ i Cl⁻), no una molècula covalent; té punt de fusió alt i condueix fos o dissolt.

Resolució

  1. Error 1. El CaCl₂ no és una molècula: és un compost iònic (metall + no-metall) format per una xarxa cristal·lina d'ions Ca²⁺ i Cl⁻ en proporció 1:2.
  2. Error 2. L'enllaç no és covalent: el calci cedeix els seus dos electrons de valència (un a cada clor) i els ions s'atrauen electrostàticament; no hi ha compartició.
  3. Error 3. El punt de fusió és alt (uns 770 °C), perquè cal molta energia per separar els ions de la xarxa.
  4. Error 4. Sí que condueix l'electricitat quan està fos o dissolt en aigua, perquè llavors els ions es poden moure; només en estat sòlid no condueix.
  5. Conclusió. Són quatre errors encadenats: tots surten de confondre el tipus d'enllaç.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell avançat

Exercici 22

Per què el CO2 és una molècula apolar si els seus enllaços són polars, i en canvi l'H2O és polar?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 22

Resultat

El CO₂ és lineal i els dos dipols s'anul·len; l'H₂O és angular (≈ 104,5°) i els dipols no s'anul·len.

Resolució

  1. Idea clau. La polaritat d'una molècula depèn de la suma vectorial dels dipols dels enllaços, és a dir, de la geometria.
  2. CO₂. És lineal (180°): els dos enllaços C=O, polars, tiren igual en sentits contraris i s'anul·len → molècula apolar.
  3. H₂O. És angular (uns 104,5°): les polaritats dels dos enllaços O−H no s'anul·len, i la molècula té un costat negatiu (l'oxigen) i un de positiu (els hidrògens) → molècula polar.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 23

Per què l'aigua (H2O\mathrm{H}_{2}\mathrm{O}) té un punt d'ebullició molt més alt que altres molècules de mida semblant?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 23

Resultat

Perquè entre les seves molècules es formen ponts d'hidrogen, forces intermoleculars especialment fortes.

Resolució

  1. Tipus de molècula. L'aigua és una molècula polar amb H units a l'O, un àtom petit i molt electronegatiu.
  2. Forces intermoleculars. Entre les seves molècules es formen ponts d'hidrogen, unes forces intermoleculars especialment fortes.
  3. Bullir. Per separar les molècules i fer bullir l'aigua cal trencar aquests ponts, cosa que demana molta energia.
  4. Conclusió. Per això l'aigua bull a 100 °C, molt més amunt que molècules de mida similar sense ponts d'hidrogen.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 24

Ordena per punt d'ebullició el metà, CH4 (−162 °C), el clorur d'hidrogen, HCl (−85 °C), i l'aigua, H2O (100 °C), i justifica-ho amb les forces intermoleculars.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 24

Resultat

CH₄ (−162 °C) < HCl (−85 °C) < H₂O (100 °C): dispersió < dipol-dipol < ponts d'hidrogen.

Resolució

  1. Metà. Molècula apolar: només forces de dispersió, molt febles.
  2. Clorur d'hidrogen. Molècula polar: forces dipol-dipol (a més de les de dispersió).
  3. Aigua. Ponts d'hidrogen, les forces més fortes de les tres.
  4. Conclusió. Com més fortes les forces entre molècules, més energia cal per separar-les i més alt és el punt d'ebullició: CH₄ < HCl < H₂O.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 25

Raona, a partir de la geometria i de la polaritat dels enllaços, si aquestes molècules són polars o apolars: BF3, NH3, CCl4 i CHCl3. (Electronegativitats: H 2,1; B 2,0; C 2,5; N 3,0; Cl 3,0; F 4,0.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 25

Resultat

BF₃ apolar; NH₃ polar; CCl₄ apolar; CHCl₃ polar.

Resolució

  1. Criteri. Una molècula és polar si la suma vectorial dels moments dipolars dels seus enllaços no és zero; cal mirar la geometria.
  2. BF₃. Tres enllaços B−F molt polars (4,0−2,0=2,04{,}0 - 2{,}0 = 2{,}0), però la geometria és trigonal plana amb angles de 120°; els tres dipols, iguals i simètrics, es cancel·len → apolar.
  3. NH₃. Tres enllaços N−H polars (0,9) en geometria piramidal; els dipols no es cancel·len i, a més, el parell solitari del N contribueix al moment dipolar → polar.
  4. CCl₄ i CHCl₃. Al CCl₄, quatre enllaços C−Cl polars (0,5) en un tetraedre regular: per simetria la suma és zero → apolar. El CHCl₃ també és tetraèdric, però un dels quatre enllaços (C−H) és molt menys polar que els tres C−Cl; la simetria es trenca i els dipols ja no es cancel·len → polar.
  5. Conclusió. Tenir enllaços polars és necessari però no suficient; la simetria de la molècula decideix.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 26

Quatre sòlids desconeguts tenen aquestes propietats. A: punt de fusió 801 °C, no condueix en estat sòlid però sí fos, soluble en aigua. B: punt de fusió −23 °C, no condueix en cap estat, insoluble en aigua. C: punt de fusió 1538 °C, condueix en estat sòlid i fos, insoluble en aigua. D: punt de fusió superior a 3500 °C, no condueix, insoluble en qualsevol dissolvent.
Identifica el tipus de substància (iònica, molecular, metàl·lica o xarxa covalent) de cada un, justifica-ho i proposa un exemple.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 26

Resultat

A: iònic (NaCl); B: molecular apolar (CCl₄); C: metàl·lic (Fe); D: xarxa covalent (diamant o SiO₂).

Resolució

  1. A: sòlid iònic. Punt de fusió alt (xarxa d'ions), aïllant en sòlid (els ions no es poden moure) i conductor fos (ions lliures); soluble en aigua perquè les molècules polars separen els ions. Exemple: NaCl.
  2. B: sòlid molecular apolar. Punt de fusió molt baix (només cal vèncer forces intermoleculars febles), no condueix mai (no hi ha càrregues lliures) i no es dissol en aigua perquè és apolar. Exemple: CCl₄ (tetraclorur de carboni).
  3. C: metall. Conductor en sòlid i en líquid gràcies al mar d'electrons deslocalitzats, punt de fusió alt i insoluble en aigua. Exemple: Fe.
  4. D: xarxa covalent (sòlid covalent atòmic). Punt de fusió altíssim perquè fondre'l implica trencar enllaços covalents, no condueix perquè els electrons estan localitzats als enllaços i no es dissol en res. Exemple: diamant (C) o quars (SiO₂).
  5. Clau. Per distingir A de C, mira la conductivitat en estat sòlid: només el metall condueix sòlid.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 27

Els compostos NaCl, KCl i MgO són iònics i cristal·litzen amb la mateixa estructura.
a) Ordena'ls segons l'energia reticular (en valor absolut) i prediu quin té el punt de fusió més alt. (Radis iònics: Na+ 102 pm, K+\mathrm{K}^{+} 138 pm, Mg2+ 72 pm, Cl- 181 pm, O2−\mathrm{O}^{2-} 140 pm.)
b) Explica per què aquests sòlids són fràgils (es trenquen en colpejar-los) mentre que un metall com el coure es deforma sense trencar-se.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 27

Apartat a)

Resultat

Energia reticular: KCl < NaCl < MgO; el punt de fusió més alt és el del MgO.

Resolució

  1. Llei de Coulomb. L'energia reticular és l'energia que s'allibera en formar la xarxa a partir dels ions gasosos; creix amb el producte de les càrregues i disminueix amb la distància entre ions: U∝∣q+q−∣r++r−U \propto \dfrac{|q_+ q_-|}{r_+ + r_-}.
  2. MgO. Càrregues 2+ i 2− (producte 4) i distància petita (72+140=212 pm72 + 140 = 212\ \text{pm}) → energia reticular molt gran.
  3. NaCl i KCl. NaCl: càrregues 1+ i 1− (producte 1), distància 102+181=283 pm102 + 181 = 283\ \text{pm}. KCl: mateixes càrregues però distància més gran (138+181=319 pm138 + 181 = 319\ \text{pm}) → la més petita.
  4. Conclusió. Ordre: KCl < NaCl < MgO. Com més energia reticular, més costa separar els ions: el punt de fusió més alt és el del MgO (uns 2850 °C, davant dels 801 °C del NaCl i 770 °C del KCl).

Apartat b)

Resultat

Un cop en un cristall iònic acosta ions del mateix signe, que es repel·leixen i el trenquen; en el metall el mar d'electrons es readapta i el metall es deforma.

Resolució

  1. Cristall iònic. Un cop fa lliscar un pla d'ions i deixa cara a cara ions del mateix signe, que es repel·leixen: el cristall es trenca (és fràgil).
  2. Metall. Els cations estan immersos en el mar d'electrons, que es readapta quan els plans llisquen; l'enllaç no és direccional.
  3. Conclusió. El coure es deforma sense trencar-se: és mal·leable i dúctil.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 28

Per al sulfur d'hidrogen, H2S\mathrm{H}_{2}\mathrm{S} (electrons de valència: H 1, S 6; electronegativitats H 2,1 i S 2,5):
a) Descriu la seva estructura de Lewis i prediu-ne la geometria.
b) Raona si la molècula és polar.
c) L'H2S\mathrm{H}_{2}\mathrm{S} bull a -60 °C i l'aigua a 100 °C, tot i que la massa molecular de l'H2S\mathrm{H}_{2}\mathrm{S} (34) és gairebé el doble que la de l'aigua (18). Explica aquesta diferència.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 28

Apartat a)

Resultat

Dos enllaços S−H i 2 parells solitaris sobre el S: geometria angular (≈ 92°).

Resolució

  1. Electrons de valència. 1+1+6=81 + 1 + 6 = 8 electrons, 4 parells.
  2. Estructura de Lewis. El S forma dos enllaços senzills S−H i li queden 2 parells solitaris.
  3. Model RPECV. Amb 4 parells al voltant del S, la distribució és tetraèdrica i la forma de la molècula és angular, amb un angle menor de 109,5° (en realitat uns 92°).

Apartat b)

Resultat

És polar, tot i que molt menys que l'aigua.

Resolució

  1. Polaritat dels enllaços. Els enllaços S−H són lleugerament polars: Δχ=2,5−2,1=0,4\Delta\chi = 2{,}5 - 2{,}1 = 0{,}4.
  2. Geometria. Com que la molècula és angular, els dos dipols no es cancel·len: la molècula és polar, encara que molt menys que l'aigua.

Apartat c)

Resultat

L'aigua forma ponts d'hidrogen i l'H₂S no; vèncer-los demana molta més energia.

Resolució

  1. Si només hi hagués dispersió. L'H₂S, més massiu, hauria de bullir a més temperatura que l'aigua.
  2. Ponts d'hidrogen. L'aigua forma ponts d'hidrogen (H unit a O, àtom petit i molt electronegatiu), molt més intensos que les forces dipol-dipol i de dispersió de l'H₂S, que no en pot formar perquè el sofre és massa gran i poc electronegatiu.
  3. Conclusió. Vèncer els ponts d'hidrogen requereix molta més energia: l'aigua té un punt d'ebullició molt més alt (100 °C davant de −60 °C).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 29

La taula següent dona l'energia i la longitud dels enllaços entre carbonis: C-C 347 kJ/mol i 154 pm; C=C 614 kJ/mol i 134 pm; C≡C 839 kJ/mol i 120 pm.
a) Explica quina relació hi ha entre l'ordre d'enllaç (senzill, doble, triple), l'energia i la longitud.
b) Un doble enllaç és exactament el doble de fort que un de senzill? Justifica-ho amb les dades.
c) Prediu quin dels enllaços N-N (ordre 1) o N≡N (ordre 3, el de l'N2\mathrm{N}_{2}) és més curt i més difícil de trencar, i relaciona-ho amb la baixa reactivitat del nitrogen atmosfèric.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 29

Apartat a)

Resultat

Com més alt l'ordre d'enllaç, més curt i més fort és l'enllaç.

Resolució

  1. Dades. C−C: 347 kJ/mol i 154 pm; C=C: 614 kJ/mol i 134 pm; C≡C: 839 kJ/mol i 120 pm.
  2. Explicació. En augmentar l'ordre d'enllaç hi ha més parells d'electrons compartits entre els dos nuclis: l'atracció és més gran i els àtoms s'apropen més.
  3. Conclusió. La longitud disminueix (154 → 134 → 120 pm) i cal més energia per separar-los (347 → 614 → 839 kJ/mol).

Apartat b)

Resultat

No: 614/347=1,77614/347 = 1{,}77 (i 839/347=2,42839/347 = 2{,}42); el segon i el tercer enllaç aporten menys energia que el primer.

Resolució

  1. Càlcul. 614347=1,77\tfrac{614}{347} = 1{,}77 i 839347=2,42\tfrac{839}{347} = 2{,}42, menys de 2 i 3.
  2. Aportació de cada enllaç. El segon enllaç aporta 614−347=267 kJ/mol614 - 347 = 267\ \text{kJ/mol} i el tercer 839−614=225 kJ/mol839 - 614 = 225\ \text{kJ/mol}, menys que el primer.
  3. Conseqüència. Per això els dobles enllaços són reactius: es pot trencar un dels dos enllaços i formar-ne dos de senzills, més forts en conjunt.

Apartat c)

Resultat

El N≡N és més curt i molt més fort (≈ 945 kJ/mol davant de 160 kJ/mol): el N₂ és gairebé inert.

Resolució

  1. Predicció. Com a l'apartat a, l'ordre 3 fa l'enllaç més curt i més fort: N≡N (uns 945 kJ/mol) davant de N−N (uns 160 kJ/mol).
  2. Reactivitat. Trencar el triple enllaç de l'N₂ costa moltíssima energia.
  3. Conclusió. El nitrogen de l'aire és gairebé inert i només reacciona a temperatures altes o amb catalitzadors (per exemple, en la síntesi de l'amoníac).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 30

Els punts d'ebullició dels halurs d'hidrogen són: HCl -85 °C, HBr -67 °C, HI -35 °C i HF 20 °C (masses moleculars 36,5; 81; 128 i 20).
a) Explica la tendència HCl < HBr < HI a partir de les forces intermoleculars.
b) Per què l'HF, que és el més lleuger, és el que bull a més temperatura?
c) Entre HCl i HI, quin té els enllaços més polars i quin té les forces intermoleculars més intenses? Comenta la paradoxa.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 30

Apartat a)

Resultat

De HCl a HI creixen la mida i el nombre d'electrons: les forces de dispersió augmenten i dominen la tendència.

Resolució

  1. Forces presents. Les tres molècules són polars i tenen forces dipol-dipol, a més de forces de dispersió (London).
  2. Què canvia. De HCl a HI creix la mida i la massa del núvol electrònic: les forces de dispersió són cada cop més intenses.
  3. Conclusió. La dispersió domina la tendència i el punt d'ebullició augmenta amb la massa molecular: HCl < HBr < HI.

Apartat b)

Resultat

Perquè l'HF forma ponts d'hidrogen.

Resolució

  1. Causa. L'HF té l'hidrogen unit al fluor, l'element més electronegatiu i molt petit: les seves molècules formen ponts d'hidrogen.
  2. Conclusió. Aquests ponts són molt més forts que les forces dipol-dipol i de dispersió de la resta; cal molta més energia per separar les molècules, i l'HF trenca la tendència (20 °C).

Apartat c)

Resultat

Enllaç més polar: H−Cl; forces intermoleculars més intenses: HI.

Resolució

  1. Polaritat. L'enllaç més polar és l'H−Cl, perquè el clor és més electronegatiu que el iode.
  2. Forces. Les forces intermoleculars més intenses són les de l'HI, com mostra el seu punt d'ebullició més alt.
  3. La paradoxa. Les forces dipol-dipol de l'HCl són més febles que les de dispersió de l'HI, que té molts més electrons i és molt més polaritzable: en molècules grans, la dispersió sol pesar més que la polaritat.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 31

Cicle de Born-Haber del NaCl(s). Dades (kJ/mol): ΔHf°(NaCl) = -411; sublimació del Na = +107; primera energia d'ionització del Na = +496; energia de l'enllaç Cl-Cl = +244; afinitat electrònica del Cl = -349 (energia alliberada en capturar un electró).
a) Escriu les etapes del cicle.
b) Calcula l'energia reticular U, entesa com l'energia que s'allibera en formar 1 mol de NaCl(s) a partir dels ions gasosos.
c) Raona per què el cristall és estable tot i que formar els ions gasosos costa energia.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 31

Apartat a)

Resultat

Sublimació del Na, ionització del Na, dissociació de ½ Cl₂, afinitat electrònica del Cl i formació de la xarxa.

Resolució

  1. Etapes del sodi. Na(s)→Na(g)\mathrm{Na(s) \rightarrow Na(g)}: +107 kJ. Na(g)→Na+(g)+e−\mathrm{Na(g) \rightarrow Na^+(g) + e^-}: +496 kJ.
  2. Etapes del clor. 12 Cl2(g)→Cl(g)\mathrm{\tfrac{1}{2}\,Cl_2(g) \rightarrow Cl(g)}: 244/2=+122 kJ244/2 = +122\ \text{kJ}. Cl(g)+e−→Cl−(g)\mathrm{Cl(g) + e^- \rightarrow Cl^-(g)}: −349 kJ.
  3. Formació de la xarxa. Na+(g)+Cl−(g)→NaCl(s)\mathrm{Na^+(g) + Cl^-(g) \rightarrow NaCl(s)}: −U-U.

Apartat b)

Resultat

U=787 kJ/molU = 787\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Llei de Hess. La suma de les etapes del cicle ha de donar l'entalpia de formació: ΔHf=107+496+122−349−U\Delta H_f = 107 + 496 + 122 - 349 - U
  2. Càlcul. −411=376−U-411 = 376 - U, i per tant U=376+411=787 kJ/molU = 376 + 411 = 787\ \text{kJ/mol}.

Apartat c)

Resultat

Formar els ions costa +376 kJ/mol, però la xarxa n'allibera 787: el balanç net és −411 kJ/mol.

Resolució

  1. Cost. Formar els ions gasosos a partir dels elements costa 107+496+122−349=+376 kJ/mol107 + 496 + 122 - 349 = +376\ \text{kJ/mol}.
  2. Guany. L'atracció electrostàtica en agrupar-los en el cristall n'allibera 787 kJ/mol.
  3. Conclusió. El balanç net (−411 kJ/mol) és exotèrmic: l'estabilitat de l'enllaç iònic la dona l'energia reticular.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 32

En un cristall de NaCl la distància entre un ió Na+ i un Cl- veí és 282 pm. Dades: k = 9·10910^{9} N·m2C2\tfrac{m^{2}}{C^{2}}; e = 1,6·10−1910^{-19} C; NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula la força d'atracció entre els dos ions.
b) Calcula l'energia potencial electrostàtica del parell, en J i en kJ/mol.
c) En el MgO (Mg2+ i O2−\mathrm{O}^{2-}) la distància és 210 pm. Quantes vegades és més gran, en valor absolut, l'energia del parell? Relaciona-ho amb els punts de fusió (NaCl, 801 °C; MgO, 2852 °C).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 32

Apartat a)

Resultat

F=2,9⋅10−9 NF = 2{,}9\cdot10^{-9}\ \text{N}

Resolució

  1. Dades. Càrregues +e+e i −e-e, amb e=1,6⋅10−19 Ce = 1{,}6\cdot10^{-19}\ \text{C}; distància d=282 pm=2,82⋅10−10 md = 282\ \text{pm} = 2{,}82\cdot10^{-10}\ \text{m}.
  2. Llei de Coulomb. F=k e2d2F = k\,\dfrac{e^{2}}{d^{2}}
  3. Càlcul. F=9⋅109⋅(1,6⋅10−19)2(2,82⋅10−10)2=2,9⋅10−9 NF = \dfrac{9\cdot10^{9}\cdot(1{,}6\cdot10^{-19})^{2}}{(2{,}82\cdot10^{-10})^{2}} = 2{,}9\cdot10^{-9}\ \text{N}

Apartat b)

Resultat

Ep=−8,17⋅10−19 JE_p = -8{,}17\cdot10^{-19}\ \text{J} per parell; Ep=−492 kJ/molE_p = -492\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Energia potencial electrostàtica. Ep=−k e2dE_p = -k\,\dfrac{e^{2}}{d} (negativa perquè les càrregues s'atrauen).
  2. Per parell. Ep=−9⋅109⋅(1,6⋅10−19)22,82⋅10−10=−8,17⋅10−19 JE_p = -\dfrac{9\cdot10^{9}\cdot(1{,}6\cdot10^{-19})^{2}}{2{,}82\cdot10^{-10}} = -8{,}17\cdot10^{-19}\ \text{J}
  3. Per mol. Multipliquem per NAN_A: 8,17⋅10−19⋅6,022⋅1023=4,92⋅105 J/mol8{,}17\cdot10^{-19}\cdot6{,}022\cdot10^{23} = 4{,}92\cdot10^{5}\ \text{J/mol}, és a dir Ep=−492 kJ/molE_p = -492\ \text{kJ/mol}.

Apartat c)

Resultat

Ep(MgO)=−4,39⋅10−18 JE_p(\mathrm{MgO}) = -4{,}39\cdot10^{-18}\ \text{J} (−2643 kJ/mol): unes 5,4 vegades més gran; per això el MgO fon a molta més temperatura.

Resolució

  1. Càlcul. Per al MgO les càrregues són ±2e: Ep=−k (2e)(2e)d=−4⋅9⋅109⋅(1,6⋅10−19)22,10⋅10−10=−4,39⋅10−18 JE_p = -k\,\dfrac{(2e)(2e)}{d} = -\dfrac{4\cdot9\cdot10^{9}\cdot(1{,}6\cdot10^{-19})^{2}}{2{,}10\cdot10^{-10}} = -4{,}39\cdot10^{-18}\ \text{J} o sigui −2643 kJ/mol.
  2. Relació. Ep(MgO)Ep(NaCl)=4⋅282210=5,4\dfrac{E_p(\mathrm{MgO})}{E_p(\mathrm{NaCl})} = \dfrac{4\cdot282}{210} = 5{,}4
  3. Conclusió. Com que l'energia d'atracció (i l'energia reticular) és molt més gran, cal molta més energia tèrmica per desfer el cristall, i el MgO fon a una temperatura molt més alta (2852 °C davant de 801 °C). Les càrregues pesen més que la distància.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 33

El moment dipolar de la molècula HCl és 1,08 D i la distància d'enllaç H-Cl és 127 pm. Dades: 1 D = 3,34·10−3010^{-30} C·m; e = 1,6·10−1910^{-19} C.
a) Quin moment dipolar tindria l'enllaç si fos 100 % iònic (càrregues +e i -e separades 127 pm)?
b) Calcula el percentatge de caràcter iònic de l'HCl.
c) Repeteix el càlcul per a l'HF (μ = 1,83 D; d = 92 pm) i explica la diferència amb l'HCl.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 33

Apartat a)

Resultat

μioˋnic=2,03⋅10−29 C⋅m=6,08 D\mu_{\text{iònic}} = 2{,}03\cdot10^{-29}\ \text{C}\cdot\text{m} = 6{,}08\ \text{D}

Resolució

  1. Moment dipolar. Per a dues càrregues ±q separades una distància d: μ=q⋅d\mu = q\cdot d.
  2. Càlcul. μioˋnic=1,6⋅10−19⋅1,27⋅10−10=2,03⋅10−29 C⋅m\mu_{\text{iònic}} = 1{,}6\cdot10^{-19}\cdot1{,}27\cdot10^{-10} = 2{,}03\cdot10^{-29}\ \text{C}\cdot\text{m}
  3. En debyes. 2,03⋅10−293,34⋅10−30=6,08 D\dfrac{2{,}03\cdot10^{-29}}{3{,}34\cdot10^{-30}} = 6{,}08\ \text{D}.

Apartat b)

Resultat

Caràcter iònic de l'HCl ≈ 17,8 % (δ=±0,18 e\delta = \pm0{,}18\,e)

Resolució

  1. Moment experimental. μexp=1,08⋅3,34⋅10−30=3,61⋅10−30 C⋅m\mu_{\text{exp}} = 1{,}08\cdot3{,}34\cdot10^{-30} = 3{,}61\cdot10^{-30}\ \text{C}\cdot\text{m}.
  2. Percentatge de caràcter iònic. % ioˋnic=μexpμioˋnic⋅100=1,086,08⋅100=17,8 %\%\,\text{iònic} = \dfrac{\mu_{\text{exp}}}{\mu_{\text{iònic}}}\cdot100 = \dfrac{1{,}08}{6{,}08}\cdot100 = 17{,}8\ \%
  3. Interpretació. La càrrega parcial és δ=±0,18 e\delta = \pm0{,}18\,e.

Apartat c)

Resultat

HF: μioˋnic=4,40 D\mu_{\text{iònic}} = 4{,}40\ \text{D} i caràcter iònic ≈ 41,5 %; és més polar perquè el F és més electronegatiu.

Resolució

  1. Moment iònic. μioˋnic=1,6⋅10−19⋅0,92⋅10−10=1,47⋅10−29 C⋅m=4,40 D\mu_{\text{iònic}} = 1{,}6\cdot10^{-19}\cdot0{,}92\cdot10^{-10} = 1{,}47\cdot10^{-29}\ \text{C}\cdot\text{m} = 4{,}40\ \text{D}.
  2. Caràcter iònic. 1,834,40=0,415\dfrac{1{,}83}{4{,}40} = 0{,}415, és a dir un 41,5 %.
  3. Conclusió. L'HF és molt més polar perquè el F és més electronegatiu que el Cl (diferència d'electronegativitat més gran). Cap dels dos enllaços és iònic pur: són covalents polars.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 34

Analitza l'ió carbonat, CO32- (àtom central C):
a) Compta els electrons de valència i descriu una estructura de Lewis.
b) Quantes estructures ressonants equivalents es poden escriure?
c) Calcula les càrregues formals dels àtoms en una d'elles.
d) Quin és l'ordre d'enllaç mitjà C-O i quina és la càrrega mitjana de cada O?
e) Experimentalment, els tres enllaços C-O mesuren 129 pm (C-O simple, 143 pm; C=O, 122 pm). Interpreta-ho.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 34

Apartat a)

Resultat

24 electrons (12 parells): C amb un doble enllaç a un O i dos enllaços simples als altres dos O.

Resolució

  1. Electrons de valència. 4 (C)+3⋅6 (O)+2 (caˋrrega)=244\ (\mathrm{C}) + 3\cdot6\ (\mathrm{O}) + 2\ (\text{càrrega}) = 24, és a dir 12 parells.
  2. Estructura. C central amb un doble enllaç a un O i dos enllaços simples a dos O; l'O del doble enllaç té 2 parells solitaris i cada O simple en té 3.
  3. Comprovació. 4 parells d'enllaç + 2+3+3=82 + 3 + 3 = 8 parells solitaris = 12 parells, i tots els àtoms tenen l'octet.

Apartat b)

Resultat

3 estructures ressonants equivalents.

Resolució

  1. Raonament. El doble enllaç pot estar en qualsevol dels tres O, i les tres estructures només difereixen en la posició dels electrons.
  2. Conclusió. Hi ha 3 estructures ressonants equivalents.

Apartat c)

Resultat

C: 0; O del doble enllaç: 0; cada O simple: −1 (suma −2).

Resolució

  1. Càrrega formal. CF = electrons de valència − electrons solitaris − nombre d'enllaços.
  2. Càlcul. C: 4−0−4=04 - 0 - 4 = 0; O doble: 6−4−2=06 - 4 - 2 = 0; cada O simple: 6−6−1=−16 - 6 - 1 = -1.
  3. Comprovació. Suma = −2, que coincideix amb la càrrega de l'ió.

Apartat d)

Resultat

Ordre d'enllaç mitjà 4/3≈1,334/3 \approx 1{,}33; càrrega mitjana de cada O, −2/3-2/3.

Resolució

  1. Ordre d'enllaç mitjà. Repartim els 4 enllaços (1 + 1 + 2) entre les tres posicions: 1+1+23=43=1,33\dfrac{1 + 1 + 2}{3} = \dfrac{4}{3} = 1{,}33.
  2. Càrrega mitjana. La càrrega −2 es reparteix entre els tres O: −2/3-2/3 per oxigen.

Apartat e)

Resultat

Els tres enllaços són iguals i d'ordre intermedi (≈ 1,33): l'ió és un híbrid de ressonància.

Resolució

  1. Dades. 129 pm és entre la longitud del C−O simple (143 pm) i la del C=O (122 pm).
  2. Interpretació. Els tres enllaços són iguals i d'ordre fraccionari: ni simples ni dobles, sinó intermedis.
  3. Conclusió. Cap de les estructures de Lewis és real; l'ió és un híbrid de ressonància amb els electrons deslocalitzats.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 35

Energies d'enllaç (kJ/mol): N≡N, 945; H-H, 436; N-H, 391; N-N, 160.
a) Estima ΔH de la síntesi N2(g) + 3 H2(g) → 2 NH3(g) a partir de les energies d'enllaç.
b) Compara el resultat amb el valor experimental, -92,2 kJ (per a la reacció tal com està escrita), i calcula l'error relatiu.
c) Compara l'energia de l'enllaç N≡N amb la de tres enllaços N-N i explica per què el N2 és tan poc reactiu.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 35

Apartat a)

Resultat

ΔH≈−93 kJ\Delta H \approx -93\ \text{kJ} (exotèrmica)

Resolució

  1. Energies d'enllaç. ΔH=∑E(trencats)−∑E(formats)\Delta H = \sum E(\text{trencats}) - \sum E(\text{formats}).
  2. Trencats. 1 N≡N + 3 H−H: 945+3⋅436=2253 kJ945 + 3\cdot436 = 2253\ \text{kJ}.
  3. Formats. 2 NH₃ tenen 6 enllaços N−H: 6⋅391=2346 kJ6\cdot391 = 2346\ \text{kJ}.
  4. Càlcul. ΔH=2253−2346=−93 kJ\Delta H = 2253 - 2346 = -93\ \text{kJ}: reacció exotèrmica.

Apartat b)

Resultat

Error relatiu ≈ 0,9 %

Resolució

  1. Error relatiu. ε=∣−93−(−92,2)∣92,2⋅100=0,9 %\varepsilon = \dfrac{|-93 - (-92{,}2)|}{92{,}2}\cdot100 = 0{,}9\ \%
  2. Interpretació. Les energies d'enllaç són mitjanes, per això només és una estimació, però aquí quadra molt bé.

Apartat c)

Resultat

3⋅E(N−N)=480 kJ/mol3\cdot E(\mathrm{N{-}N}) = 480\ \text{kJ/mol}, molt menys que 945: el triple enllaç és molt fort i el N₂ és gairebé inert.

Resolució

  1. Comparació. Tres enllaços N−N valen 3⋅160=480 kJ/mol3\cdot160 = 480\ \text{kJ/mol}, molt menys que els 945 kJ/mol de l'N≡N.
  2. Interpretació. L'enllaç triple és molt més fort que tres de simples: cal molta energia per trencar-lo.
  3. Conclusió. Per això el N₂ és gairebé inert i la síntesi d'amoníac necessita catalitzador, pressió i temperatura elevades.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 36

L'entalpia de vaporització de l'aigua és 40,7 kJ/mol. En l'aigua líquida cada molècula forma, de mitjana, 2 ponts d'hidrogen (comptant cada pont una sola vegada). Suposa que en vaporitzar es trenquen tots. Dades: M(H2O\mathrm{H}_{2}\mathrm{O}) = 18,0 g/mol; ρ = 1,00 kg/L; c = 4,18 kJ/(kg·K); energia de l'enllaç covalent O-H = 464 kJ/mol.
a) Estima l'energia d'un mol de ponts d'hidrogen.
b) Compara-la amb l'enllaç O-H covalent.
c) Calcula l'energia per vaporitzar 1,0 L d'aigua a 100 °C i compara-la amb l'energia necessària per escalfar-lo de 20 a 100 °C.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 36

Apartat a)

Resultat

E(pont)≈20,4 kJ/molE(\text{pont}) \approx 20{,}4\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Plantejament. Cada molècula forma de mitjana 2 ponts (comptats una sola vegada): vaporitzar 1 mol de molècules trenca 2 mol de ponts.
  2. Càlcul. E(pont)≈40,72=20,4 kJ/molE(\text{pont}) \approx \dfrac{40{,}7}{2} = 20{,}4\ \text{kJ/mol}.

Apartat b)

Resultat

L'enllaç O−H és unes 23 vegades més fort que un pont d'hidrogen.

Resolució

  1. Comparació. 46420,4≈23\dfrac{464}{20{,}4} \approx 23.
  2. Conclusió. Per això en bullir es trenquen ponts d'hidrogen i no molècules d'aigua.

Apartat c)

Resultat

Vaporitzar: Q≈2,3⋅103 kJQ \approx 2{,}3\cdot10^{3}\ \text{kJ}; escalfar de 20 a 100 °C: Q=334 kJQ = 334\ \text{kJ} (unes 6,8 vegades menys).

Resolució

  1. Quantitat d'aigua. 1,0 L són 1,0 kg: n=100018,0=55,6 moln = \dfrac{1000}{18{,}0} = 55{,}6\ \text{mol}.
  2. Vaporització. Q=n⋅ΔHvap=55,6⋅40,7=2261 kJ≈2,3⋅103 kJQ = n\cdot\Delta H_{\text{vap}} = 55{,}6\cdot40{,}7 = 2261\ \text{kJ} \approx 2{,}3\cdot10^{3}\ \text{kJ}.
  3. Escalfament. Q=m⋅c⋅ΔT=1,0⋅4,18⋅80=334 kJQ = m\cdot c\cdot\Delta T = 1{,}0\cdot4{,}18\cdot80 = 334\ \text{kJ}.
  4. Conclusió. Vaporitzar l'aigua costa 2261/334=6,82261/334 = 6{,}8 vegades més energia que escalfar-la fins a 100 °C: els ponts d'hidrogen expliquen el seu punt d'ebullició anormalment alt.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 37

Un fil de coure de 2,0 mm de diàmetre transporta un corrent de 10 A. Dades del coure: ρ = 8,96 g/cm3; M = 63,5 g/mol; suposa 1 electró lliure per àtom. e = 1,6·10−1910^{-19} C; NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula la densitat d'electrons lliures (electrons per m3\text{m}^{3}).
b) Calcula la velocitat d'arrossegament dels electrons, v = I/(n·e·A).
c) Quant tarda un electró a recórrer 1 m de fil?
d) Per què, malgrat això, la bombeta s'encén gairebé a l'instant en tancar l'interruptor?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 37

Apartat a)

Resultat

n=8,50⋅1028 electrons/m3n = 8{,}50\cdot10^{28}\ \text{electrons/m}^{3}

Resolució

  1. Plantejament. Amb 1 electró lliure per àtom, la densitat d'electrons és igual a la d'àtoms: n=ρM⋅NAn = \dfrac{\rho}{M}\cdot N_A.
  2. Càlcul. n=8,9663,5⋅6,022⋅1023=8,50⋅1022 electrons/cm3n = \dfrac{8{,}96}{63{,}5}\cdot6{,}022\cdot10^{23} = 8{,}50\cdot10^{22}\ \text{electrons/cm}^{3}.
  3. Canvi d'unitats. 1 m³ = 10⁶ cm³: n=8,50⋅1028 electrons/m3n = 8{,}50\cdot10^{28}\ \text{electrons/m}^{3}.

Apartat b)

Resultat

v=2,3⋅10−4 m/s=0,23 mm/sv = 2{,}3\cdot10^{-4}\ \text{m/s} = 0{,}23\ \text{mm/s}

Resolució

  1. Secció del fil. A=πr2=π⋅(1,0⋅10−3)2=3,14⋅10−6 m2A = \pi r^{2} = \pi\cdot(1{,}0\cdot10^{-3})^{2} = 3{,}14\cdot10^{-6}\ \text{m}^{2}.
  2. Velocitat d'arrossegament. v=In e A=108,50⋅1028⋅1,6⋅10−19⋅3,14⋅10−6=2,3⋅10−4 m/sv = \dfrac{I}{n\,e\,A} = \dfrac{10}{8{,}50\cdot10^{28}\cdot1{,}6\cdot10^{-19}\cdot3{,}14\cdot10^{-6}} = 2{,}3\cdot10^{-4}\ \text{m/s}
  3. Interpretació. Són només 0,23 mm/s: els electrons avancen molt a poc a poc.

Apartat c)

Resultat

t≈4,3⋅103 s≈71 mint \approx 4{,}3\cdot10^{3}\ \text{s} \approx 71\ \text{min}

Resolució

  1. Moviment uniforme. t=Lvt = \dfrac{L}{v}.
  2. Càlcul. t=12,34⋅10−4=4,3⋅103 s≈71 mint = \dfrac{1}{2{,}34\cdot10^{-4}} = 4{,}3\cdot10^{3}\ \text{s} \approx 71\ \text{min}.

Apartat d)

Resultat

Perquè el camp elèctric es propaga gairebé a la velocitat de la llum i posa en moviment alhora tots els electrons del fil.

Resolució

  1. Què es propaga. En tancar l'interruptor, el camp elèctric es propaga pel fil gairebé a la velocitat de la llum.
  2. Conseqüència. Posa en moviment alhora tots els electrons lliures del mar d'electrons, també els del filament.
  3. Conclusió. No cal que cap electró arribi de l'interruptor a la bombeta: s'encén gairebé a l'instant.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 38

La cel·la unitat cúbica del NaCl té una aresta a = 564 pm i conté 4 unitats de fórmula NaCl (M = 58,5 g/mol). NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula la massa de la cel·la i el seu volum en cm3.
b) Calcula la densitat del cristall.
c) La distància Na-Cl entre veïns és a2\tfrac{a}{2}. Quant val i què representa?
d) Si un experiment dona ρ = 2,165 g/cm3, quin valor de NAN_{A} se'n dedueix?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 38

Apartat a)

Resultat

m=3,89⋅10−22 gm = 3{,}89\cdot10^{-22}\ \text{g}; V=1,79⋅10−22 cm3V = 1{,}79\cdot10^{-22}\ \text{cm}^{3}

Resolució

  1. Massa de la cel·la. Conté 4 unitats NaCl: m=4⋅58,56,022⋅1023=3,89⋅10−22 gm = \dfrac{4\cdot58{,}5}{6{,}022\cdot10^{23}} = 3{,}89\cdot10^{-22}\ \text{g}
  2. Volum. a=564 pm=5,64⋅10−8 cma = 564\ \text{pm} = 5{,}64\cdot10^{-8}\ \text{cm}: V=a3=(5,64⋅10−8)3=1,79⋅10−22 cm3V = a^{3} = (5{,}64\cdot10^{-8})^{3} = 1{,}79\cdot10^{-22}\ \text{cm}^{3}.

Apartat b)

Resultat

ρ=2,17 g/cm3\rho = 2{,}17\ \text{g/cm}^{3}

Resolució

  1. Densitat. ρ=mV\rho = \dfrac{m}{V}.
  2. Càlcul. ρ=3,89⋅10−221,79⋅10−22=2,17 g/cm3\rho = \dfrac{3{,}89\cdot10^{-22}}{1{,}79\cdot10^{-22}} = 2{,}17\ \text{g/cm}^{3}.

Apartat c)

Resultat

d=282 pmd = 282\ \text{pm}, la distància entre un Na⁺ i un Cl⁻ veïns.

Resolució

  1. Càlcul. d(Na−Cl)=5642=282 pmd(\mathrm{Na{-}Cl}) = \dfrac{564}{2} = 282\ \text{pm}.
  2. Conclusió. És la distància entre un Na⁺ i un Cl⁻ veïns.

Apartat d)

Resultat

NA=6,02⋅1023 mol−1N_A = 6{,}02\cdot10^{23}\ \text{mol}^{-1}

Resolució

  1. Aïllem NA. De ρ=4MNA a3\rho = \dfrac{4M}{N_A\,a^{3}}: NA=4Mρ a3N_A = \dfrac{4M}{\rho\,a^{3}}
  2. Càlcul. NA=4⋅58,52,165⋅1,79⋅10−22=6,02⋅1023 mol−1N_A = \dfrac{4\cdot58{,}5}{2{,}165\cdot1{,}79\cdot10^{-22}} = 6{,}02\cdot10^{23}\ \text{mol}^{-1}.
  3. Interpretació. Històricament, mesurar a amb raigs X i la densitat permetia determinar NA.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preparat per a la universitat

Els exercicis més exigents: nivell PAU alt i primer curs de grau. Veure totes les matèries

Exercici 39

Per què existeix el MgCl2 i no el MgCl? Dades (kJ/mol): sublimació del Mg = +148; 1a energia d'ionització del Mg = +738; 2a = +1451; energia de l'enllaç Cl-Cl = +244; afinitat electrònica del Cl = -349; energia reticular (energia alliberada en formar el sòlid): MgCl (hipotètic, estimada) = 753; MgCl2 = 2526.
a) Calcula ΔHf del MgCl hipotètic amb un cicle de Born-Haber.
b) Calcula ΔHf del MgCl2.
c) Calcula ΔH de la desproporció 2 MgCl(s) → Mg(s) + MgCl2(s) i treu-ne una conclusió.
d) La 2a ionització costa quasi el doble que la 1a. Com es compensa?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 39

Apartat a)

Resultat

ΔHf(MgCl)=−94 kJ/mol\Delta H_f(\mathrm{MgCl}) = -94\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Cicle de Born-Haber. ΔHf\Delta H_f = sublimació + 1a ionització + ½ dissociació del Cl₂ + afinitat electrònica − energia reticular.
  2. Càlcul. ΔHf=148+738+122−349−753=−94 kJ/mol\Delta H_f = 148 + 738 + 122 - 349 - 753 = -94\ \text{kJ/mol} (exotèrmic).

Apartat b)

Resultat

ΔHf(MgCl2)=−643 kJ/mol\Delta H_f(\mathrm{MgCl_2}) = -643\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Etapes. Ara calen les dues ionitzacions, un mol sencer de Cl₂ (2 · 122) i dues afinitats electròniques.
  2. Càlcul. ΔHf=148+738+1451+2⋅122+2⋅(−349)−2526=1883−2526=−643 kJ/mol\Delta H_f = 148 + 738 + 1451 + 2\cdot122 + 2\cdot(-349) - 2526 = 1883 - 2526 = -643\ \text{kJ/mol}

Apartat c)

Resultat

ΔH=−455 kJ\Delta H = -455\ \text{kJ}: el MgCl es desproporcionaria espontàniament; per això no existeix.

Resolució

  1. Llei de Hess. ΔH=ΔHf(MgCl2)+ΔHf(Mg)−2 ΔHf(MgCl)\Delta H = \Delta H_f(\mathrm{MgCl_2}) + \Delta H_f(\mathrm{Mg}) - 2\,\Delta H_f(\mathrm{MgCl}), amb ΔHf(Mg)=0\Delta H_f(\mathrm{Mg}) = 0.
  2. Càlcul. ΔH=−643−2⋅(−94)=−455 kJ\Delta H = -643 - 2\cdot(-94) = -455\ \text{kJ}.
  3. Conclusió. El MgCl seria exotèrmic respecte als elements, però és inestable respecte a la desproporció en Mg i MgCl₂, que allibera 455 kJ. Per això no s'observa.

Apartat d)

Resultat

La compensa l'energia reticular, molt més gran (2526 kJ davant de 2 · 753 = 1506 kJ per al mateix nombre de Mg).

Resolució

  1. Causa. El Mg²⁺ és petit i amb càrrega doble, i el seu cristall amb Cl⁻ té una energia reticular molt més gran: 2526 kJ contra 2⋅753=1506 kJ2\cdot753 = 1506\ \text{kJ} per al mateix nombre de Mg.
  2. Balanç. L'energia extra de la 2a ionització (1451 kJ) i del segon Cl (122−349=−227 kJ122 - 349 = -227\ \text{kJ}) queda més que compensada.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 40

L'equació de Born-Landé estima l'energia reticular d'un cristall iònic: U = (NAN_{A}·M·|z+z_{+}·z−z_{-}|·e2e^{2}·kr0\tfrac{k}{r_{0}})·(1 - 1n\tfrac{1}{n}), on M és la constant de Madelung (1,7476 per al tipus NaCl), r0r_{0} la distància entre ions veïns i n l'exponent de Born (repulsió entre núvols electrònics). Dades: k = 9·10910^{9} N·m2C2\tfrac{m^{2}}{C^{2}}; e = 1,6·10−1910^{-19} C; NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula U per al NaCl (r0r_{0} = 282 pm; n = 8).
b) Compara-la amb el valor de Born-Haber, 787 kJ/mol (error relatiu).
c) Calcula U per al KCl (r0r_{0} = 314 pm; n = 9) i la relació U(KCl)/U(NaCl). El valor experimental del KCl és 715 kJ/mol.
d) Què passaria amb U si no hi hagués repulsió (n molt gran)?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 40

Apartat a)

Resultat

U(NaCl)≈752 kJ/molU(\mathrm{NaCl}) \approx 752\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Terme coulombià. NA M e2 kr0=6,022⋅1023⋅1,7476⋅(1,6⋅10−19)2⋅9⋅1092,82⋅10−10=8,60⋅105 J/mol\dfrac{N_A\,M\,e^{2}\,k}{r_0} = \dfrac{6{,}022\cdot10^{23}\cdot1{,}7476\cdot(1{,}6\cdot10^{-19})^{2}\cdot9\cdot10^{9}}{2{,}82\cdot10^{-10}} = 8{,}60\cdot10^{5}\ \text{J/mol} és a dir 860 kJ/mol.
  2. Factor de repulsió. 1−18=0,8751 - \tfrac{1}{8} = 0{,}875.
  3. Resultat. U=860⋅0,875=752 kJ/molU = 860\cdot0{,}875 = 752\ \text{kJ/mol}.

Apartat b)

Resultat

Error relatiu ≈ −4,4 %

Resolució

  1. Error relatiu. ε=752−787787⋅100=−4,4 %\varepsilon = \dfrac{752 - 787}{787}\cdot100 = -4{,}4\ \%.
  2. Interpretació. El model iònic pur no és exacte (hi ha una mica de caràcter covalent i altres termes d'atracció).

Apartat c)

Resultat

U(KCl)≈686 kJ/molU(\mathrm{KCl}) \approx 686\ \text{kJ/mol} (−4,0 % respecte de 715); U(KCl)/U(NaCl)=0,91U(\mathrm{KCl})/U(\mathrm{NaCl}) = 0{,}91

Resolució

  1. Terme coulombià. 6,022⋅1023⋅1,7476⋅2,56⋅10−38⋅9⋅1093,14⋅10−10=772 kJ/mol\dfrac{6{,}022\cdot10^{23}\cdot1{,}7476\cdot2{,}56\cdot10^{-38}\cdot9\cdot10^{9}}{3{,}14\cdot10^{-10}} = 772\ \text{kJ/mol}.
  2. Resultat. Per 1−19=0,8891 - \tfrac{1}{9} = 0{,}889: U=686 kJ/molU = 686\ \text{kJ/mol}, un −4,0 % respecte del valor experimental (715 kJ/mol).
  3. Relació. 686752=0,91\dfrac{686}{752} = 0{,}91: el KCl té menys energia reticular perquè el K⁺ és més gran i els ions estan més separats.

Apartat d)

Resultat

Sense repulsió, UU seria el terme coulombià, 860 kJ/mol per al NaCl: un 14 % massa gran.

Resolució

  1. Límit n molt gran. Si n→∞n \to \infty, 1−1n→11 - \tfrac{1}{n} \to 1 i només queda el terme coulombià: 860 kJ/mol per al NaCl, un 14 % més que 752.
  2. Conclusió. La repulsió a curta distància entre núvols electrònics redueix l'energia reticular (la fracció 1/n=1/8=12,5 %1/n = 1/8 = 12{,}5\ \% del terme coulombià).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 41

La molècula d'aigua és angular (angle H-O-H = 104,5°) i té un moment dipolar μ = 1,85 D. El moment dipolar de la molècula és la suma vectorial dels dos moments d'enllaç O-H. Dades: 1 D = 3,34·10−3010^{-30} C·m; e = 1,6·10−1910^{-19} C; d(O-H) = 96 pm.
a) Raona que μ = 2·μOH·cos(θ2\tfrac{\theta}{2}) i calcula μOH.
b) Calcula la càrrega parcial δ de l'H (en unitats de e) suposant que el moment d'enllaç prové de ±δ separades 96 pm.
c) Quina seria la càrrega parcial de l'O? Quin moment dipolar tindria l'aigua si fos lineal?
d) Explica per què el CO2 (lineal, enllaços C=O polars) és apolar.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 41

Apartat a)

Resultat

μOH≈1,51 D\mu_{\mathrm{OH}} \approx 1{,}51\ \text{D}

Resolució

  1. Suma vectorial. Els dos moments d'enllaç, iguals, formen un angle θ=104,5∘\theta = 104{,}5^{\circ}. Les components perpendiculars a la bisectriu s'anul·len i les components sobre la bisectriu se sumen: μ=2 μOHcos⁡θ2\mu = 2\,\mu_{\mathrm{OH}}\cos\tfrac{\theta}{2}
  2. Càlcul. cos⁡52,25∘=0,612\cos 52{,}25^{\circ} = 0{,}612: μOH=1,852⋅0,612=1,51 D\mu_{\mathrm{OH}} = \dfrac{1{,}85}{2\cdot0{,}612} = 1{,}51\ \text{D}

Apartat b)

Resultat

δ(H)≈+0,33 e\delta(\mathrm{H}) \approx +0{,}33\,e

Resolució

  1. Moment d'enllaç. μOH=δ e d\mu_{\mathrm{OH}} = \delta\,e\,d, d'on δ=μOHe d\delta = \dfrac{\mu_{\mathrm{OH}}}{e\,d}.
  2. Càlcul. δ=1,51⋅3,34⋅10−301,6⋅10−19⋅0,96⋅10−10=5,05⋅10−301,54⋅10−29=0,33\delta = \dfrac{1{,}51\cdot3{,}34\cdot10^{-30}}{1{,}6\cdot10^{-19}\cdot0{,}96\cdot10^{-10}} = \dfrac{5{,}05\cdot10^{-30}}{1{,}54\cdot10^{-29}} = 0{,}33
  3. Conclusió. Cada H porta una càrrega parcial de +0,33 e.

Apartat c)

Resultat

δ(O)≈−0,66 e\delta(\mathrm{O}) \approx -0{,}66\,e; si fos lineal, μ=0\mu = 0.

Resolució

  1. Càrrega de l'O. La molècula és neutra: l'O té la suma de les dues càrregues parcials amb signe contrari, δ(O)=−2⋅0,33=−0,66 e\delta(\mathrm{O}) = -2\cdot0{,}33 = -0{,}66\,e.
  2. Aigua lineal. Amb θ=180∘\theta = 180^{\circ}, cos⁡90∘=0\cos 90^{\circ} = 0 i μ=0\mu = 0.
  3. Conseqüència. L'aigua seria apolar i no tindria els seus ponts d'hidrogen ni les seves propietats com a dissolvent.

Apartat d)

Resultat

Al CO₂ els dos dipols C=O són iguals i oposats (180°): la suma vectorial és nul·la.

Resolució

  1. Geometria. El CO₂ és lineal: els dos dipols C=O, iguals, formen un angle de 180°.
  2. Conclusió. La suma vectorial és nul·la, tot i que cada enllaç és polar. La geometria decideix la polaritat de la molècula.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 42

El model RPECV (VSEPR) també serveix per a molècules en què l'àtom central de períodes 3 o superiors supera l'octet: els parells d'electrons (enllaçants i solitaris) se situen a la màxima distància; amb 5 parells la geometria base és bipiràmide trigonal (els parells solitaris ocupen primer les posicions equatorials) i amb 6 parells és octaedre (dos parells solitaris queden oposats). Per a ClF3, SF4, XeF4 i ICl2-:
a) Compta els electrons de valència, els parells enllaçants i els solitaris de l'àtom central.
b) Dedueix la geometria molecular.
c) Decideix si són polars i justifica-ho.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 42

Apartat a)

Resultat

ClF₃: 28 e⁻, 3 enllaçants + 2 solitaris; SF₄: 34 e⁻, 4 + 1; XeF₄: 36 e⁻, 4 + 2; ICl₂⁻: 22 e⁻, 2 + 3.

Resolució

  1. Electrons de valència. ClF₃: 7+3⋅7=287 + 3\cdot7 = 28; SF₄: 6+4⋅7=346 + 4\cdot7 = 34; XeF₄: 8+4⋅7=368 + 4\cdot7 = 36; ICl₂⁻: 7+2⋅7+1=227 + 2\cdot7 + 1 = 22.
  2. Parells de l'àtom central. Cada enllaç senzill amb un halogen usa un electró del central; la resta queden en parells solitaris.
  3. Recompte. Cl (7 e⁻): 3 enllaçants i 2 solitaris (5 parells). S (6 e⁻): 4 enllaçants i 1 solitari (5 parells). Xe (8 e⁻): 4 enllaçants i 2 solitaris (6 parells). I (7 + 1 e⁻): 2 enllaçants i 3 solitaris (5 parells).

Apartat b)

Resultat

ClF₃ en forma de T; SF₄ en gronxador (balancí); XeF₄ quadrada plana; ICl₂⁻ lineal.

Resolució

  1. 5 parells (bipiràmide trigonal). Els parells solitaris ocupen primer les posicions equatorials. SF₄ (1 solitari): gronxador (seesaw). ClF₃ (2 solitaris): forma de T.
  2. ICl₂⁻. Amb 3 solitaris a l'equador, els dos Cl queden a les posicions axials: lineal.
  3. 6 parells (octaedre). XeF₄: els dos parells solitaris queden oposats i els quatre F formen un quadrat: quadrada plana.

Apartat c)

Resultat

ClF₃ i SF₄ polars; XeF₄ i ICl₂⁻ sense moment dipolar net.

Resolució

  1. ClF₃ i SF₄. Les geometries en T i en gronxador no són simètriques: els dipols no es compensen → polars.
  2. XeF₄. Els quatre dipols Xe−F s'anul·len per simetria → apolar.
  3. ICl₂⁻. Els dos dipols I−Cl s'oposen i la càrrega −1 es reparteix simètricament: no té moment dipolar net.
  4. Idea clau. El nombre de parells solitaris canvia la geometria i, amb ella, la polaritat.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 43

L'ió tiocianat, SCN- (ordre dels àtoms S-C-N), admet tres estructures de Lewis amb l'octet complet: A) S-C≡N, B) S=C=N i C) S≡C-N, amb els parells solitaris que calguin.
a) Comprova que cada estructura té 16 electrons de valència.
b) Calcula les càrregues formals de S, C i N en cada una i comprova que la suma és -1.
c) Ordena les estructures segons la seva contribució a l'híbrid de ressonància. Recorda que és més favorable posar la càrrega negativa sobre l'àtom més electronegatiu (N: 3,0; S: 2,6) i evitar càrregues grans.
d) Prediu si els enllaços C-S i C-N seran més propers a simples o a dobles.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 43

Apartat a)

Resultat

Les tres estructures tenen 6+4+5+1=166 + 4 + 5 + 1 = 16 electrons (8 parells).

Resolució

  1. Recompte. 6 (S) + 4 (C) + 5 (N) + 1 (càrrega) = 16 electrons, 8 parells.
  2. Comprovació. A) S−C≡N: 4 parells d'enllaç + 3 solitaris al S + 1 al N = 8. B) S=C=N: 4 + 2 + 2 = 8. C) S≡C−N: 4 + 1 + 3 = 8.

Apartat b)

Resultat

A: S −1, C 0, N 0; B: S 0, C 0, N −1; C: S +1, C 0, N −2. Totes sumen −1.

Resolució

  1. Càrrega formal. CF = valència − electrons solitaris − enllaços.
  2. A) S−C≡N. S: 6−6−1=−16 - 6 - 1 = -1; C: 4−0−4=04 - 0 - 4 = 0; N: 5−2−3=05 - 2 - 3 = 0.
  3. B) S=C=N. S: 6−4−2=06 - 4 - 2 = 0; C: 0; N: 5−4−2=−15 - 4 - 2 = -1.
  4. C) S≡C−N. S: 6−2−3=+16 - 2 - 3 = +1; C: 0; N: 5−6−1=−25 - 6 - 1 = -2. Totes sumen −1, la càrrega de l'ió.

Apartat c)

Resultat

B ≳ A ≫ C

Resolució

  1. La pitjor. C és la menys favorable: té càrregues grans (+1 i −2) i a més posa la positiva sobre el S.
  2. A i B. Totes dues tenen la càrrega −1 sobre un sol àtom: B la posa sobre el N (més electronegatiu) i A sobre el S, que és gran i polaritzable.
  3. Conclusió. La contribució de B és gran i la d'A és comparable, per això l'híbrid té la càrrega repartida entre S i N. Ordre: B ≳ A ≫ C.

Apartat d)

Resultat

C−N ≈ 2,5 (més proper a triple); C−S ≈ 1,5 (entre simple i doble).

Resolució

  1. Mitjana de A i B. C−S: 1+22=1,5\tfrac{1 + 2}{2} = 1{,}5; C−N: 3+22=2,5\tfrac{3 + 2}{2} = 2{,}5.
  2. Conclusió. L'enllaç C−N és entre doble i triple (més proper al triple) i el C−S és intermedi entre simple i doble.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 44

Model electrostàtic per comparar energies reticulars. Usa l'índex I = |q+q_{+}·q−q_{-}|/(r+r_{+} + r−r_{-}), amb els radis iònics en pm: Na+ 102; K+\mathrm{K}^{+} 138; Mg2+ 72; Ca2+ 100; F−\mathrm{F}^{-} 133; Cl- 181; O2−\mathrm{O}^{2-} 140. Energia reticular experimental (kJ/mol): NaF 923; NaCl 787; KCl 715; MgO 3791; CaO 3414.
a) Calcula I per a cada compost i ordena'ls.
b) Calibra el model amb el NaCl (U = c·I) i prediu U per als altres quatre.
c) Calcula l'error relatiu de cada predicció i comenta per què és més gran per als compostos amb càrregues 2+/2-.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 44

Apartat a)

Resultat

I (pm⁻¹): NaF 4,26·10⁻³; NaCl 3,53·10⁻³; KCl 3,13·10⁻³; MgO 1,89·10⁻²; CaO 1,67·10⁻². Ordre: MgO > CaO > NaF > NaCl > KCl.

Resolució

  1. Índex. I=∣q+q−∣r++r−I = \dfrac{|q_+ q_-|}{r_+ + r_-}, amb les càrregues en unitats de e i els radis en pm.
  2. Monovalents. NaF: 1/235=4,26⋅10−31/235 = 4{,}26\cdot10^{-3}; NaCl: 1/283=3,53⋅10−31/283 = 3{,}53\cdot10^{-3}; KCl: 1/319=3,13⋅10−31/319 = 3{,}13\cdot10^{-3}.
  3. Divalents. MgO: 4/212=1,887⋅10−24/212 = 1{,}887\cdot10^{-2}; CaO: 4/240=1,667⋅10−24/240 = 1{,}667\cdot10^{-2}.
  4. Ordre. MgO > CaO > NaF > NaCl > KCl: les càrregues pesen més que la mida.

Apartat b)

Resultat

c=2,23⋅105 kJ⋅pm/molc = 2{,}23\cdot10^{5}\ \text{kJ}\cdot\text{pm/mol}; U: NaF 948, KCl 698, MgO 4202, CaO 3712 kJ/mol.

Resolució

  1. Calibratge. c=7873,53⋅10−3=2,23⋅105 kJ⋅pm/molc = \dfrac{787}{3{,}53\cdot10^{-3}} = 2{,}23\cdot10^{5}\ \text{kJ}\cdot\text{pm/mol}.
  2. Prediccions. U=c⋅IU = c\cdot I: NaF 948; KCl 698; MgO 4202; CaO 3712 kJ/mol.

Apartat c)

Resultat

Errors: NaF +2,7 %; KCl −2,4 %; MgO +10,8 %; CaO +8,7 %. El model falla més amb els ions 2+/2−.

Resolució

  1. Errors relatius. ε=Umodel−UexpUexp\varepsilon = \dfrac{U_{\text{model}} - U_{\text{exp}}}{U_{\text{exp}}}: NaF +2,7 %; KCl −2,4 %; MgO +10,8 %; CaO +8,7 %.
  2. Què reprodueix. El model reprodueix l'ordre experimental i les tendències (càrregues i mida).
  3. Per què falla amb 2+/2−. És més imprecís amb ions 2+/2−: les distàncies reals són una mica més curtes, la repulsió és més forta i els ions O²⁻ són força polaritzables, de manera que el model d'esferes rígides i càrregues senceres falla més.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 45

Regla de Trouton: per a molts líquids no associats, l'entropia de vaporització ΔSvap = ΔHvap/Teb val aproximadament 88 J/(mol·K). Dades (ΔHvap en kJ/mol; Teb en K): metà, 8,19; 111,7 · hexà, 28,9; 341,9 · etanol, 38,6; 351,5 · aigua, 40,7; 373,2.
a) Calcula ΔSvap de cada substància.
b) Quines s'aparten més de la regla? Explica-ho amb les forces intermoleculars (pensa en l'ordre del líquid).
c) Un líquid no associat té ΔHvap = 30,0 kJ/mol. Estima'n el punt d'ebullició en °C.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 45

Apartat a)

Resultat

ΔSvap (J/(mol·K)): metà 73,3; hexà 84,5; etanol 109,8; aigua 109,1.

Resolució

  1. Fórmula. ΔSvap=ΔHvapTeb\Delta S_{\text{vap}} = \dfrac{\Delta H_{\text{vap}}}{T_{\text{eb}}}, amb ΔH\Delta H en J/mol.
  2. Càlcul. Metà: 8190/111,7=73,38190/111{,}7 = 73{,}3; hexà: 28 900/341,9=84,528\,900/341{,}9 = 84{,}5; etanol: 38 600/351,5=109,838\,600/351{,}5 = 109{,}8; aigua: 40 700/373,2=109,1 J/(mol⋅K)40\,700/373{,}2 = 109{,}1\ \text{J/(mol}\cdot\text{K)}.

Apartat b)

Resultat

L'etanol i l'aigua (≈ 110 davant de 88): tenen ponts d'hidrogen i el líquid és més ordenat.

Resolució

  1. Comparació. L'etanol i l'aigua se separen molt de la regla (≈ 110 contra 88).
  2. Explicació. Són líquids amb ponts d'hidrogen: el líquid està més ordenat (entropia baixa) i, en passar a gas, l'entropia guanyada és més gran.
  3. Els altres. El metà i l'hexà, només amb forces de dispersió, són a prop de la regla (el metà una mica per sota, perquè les seves forces són molt febles).

Apartat c)

Resultat

Teb≈341 K≈68 ∘CT_{\text{eb}} \approx 341\ \text{K} \approx 68\ ^{\circ}\text{C}

Resolució

  1. Regla de Trouton. Teb=ΔHvapΔSvapT_{\text{eb}} = \dfrac{\Delta H_{\text{vap}}}{\Delta S_{\text{vap}}}, amb ΔSvap≈88 J/(mol⋅K)\Delta S_{\text{vap}} \approx 88\ \text{J/(mol}\cdot\text{K)}.
  2. Càlcul. Teb=30 00088=341 KT_{\text{eb}} = \dfrac{30\,000}{88} = 341\ \text{K}, és a dir 341−273=68 ∘C341 - 273 = 68\ ^{\circ}\text{C} (similar a l'hexà, 69 °C).
  3. Conclusió. Els ponts d'hidrogen apugen el punt d'ebullició perquè augmenten molt ΔHvap, encara que també augmentin ΔSvap (cosa que, per si sola, el faria baixar).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 46

Compara l'enllaç metàl·lic del sodi i de l'alumini. Dades: Na (ρ = 0,97 g/cm3; M = 23,0 g/mol; cedeix 1 electró; ió Na+ de 102 pm; fon a 98 °C). Al (ρ = 2,70 g/cm3; M = 27,0 g/mol; cedeix 3 electrons; ió Al3+ de 54 pm; fon a 660 °C). NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula la densitat d'electrons lliures (en electrons per cm3) de cada metall i la seva relació.
b) Calcula la relació de càrrega/radi (z/r) dels cations.
c) Relaciona els resultats amb la diferència entre els punts de fusió i amb la duresa dels dos metalls.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 46

Apartat a)

Resultat

Na: 2,54·10²² electrons/cm³; Al: 1,81·10²³ electrons/cm³; relació Al/Na ≈ 7,1.

Resolució

  1. Fórmula. ne=ρM⋅NA⋅(electrons per aˋtom)n_e = \dfrac{\rho}{M}\cdot N_A\cdot(\text{electrons per àtom}).
  2. Sodi. ne=0,9723,0⋅6,022⋅1023⋅1=2,54⋅1022 electrons/cm3n_e = \dfrac{0{,}97}{23{,}0}\cdot6{,}022\cdot10^{23}\cdot1 = 2{,}54\cdot10^{22}\ \text{electrons/cm}^{3}.
  3. Alumini. ne=2,7027,0⋅6,022⋅1023⋅3=1,81⋅1023 electrons/cm3n_e = \dfrac{2{,}70}{27{,}0}\cdot6{,}022\cdot10^{23}\cdot3 = 1{,}81\cdot10^{23}\ \text{electrons/cm}^{3}. Relació Al/Na = 7,1.

Apartat b)

Resultat

z/r: Na⁺ 0,0098 pm⁻¹; Al³⁺ 0,056 pm⁻¹; relació ≈ 5,7.

Resolució

  1. Càlcul. Na⁺: 1102=0,0098 pm−1\tfrac{1}{102} = 0{,}0098\ \text{pm}^{-1}; Al³⁺: 354=0,056 pm−1\tfrac{3}{54} = 0{,}056\ \text{pm}^{-1}.
  2. Relació. 0,0560,0098=5,7\dfrac{0{,}056}{0{,}0098} = 5{,}7.

Apartat c)

Resultat

L'alumini té més electrons lliures i cations petits i molt carregats: enllaç metàl·lic més fort, més dur i fon a més temperatura (660 °C davant de 98 °C).

Resolució

  1. Comparació. L'alumini té una densitat d'electrons 7 vegades més gran i cations més petits i més carregats: l'atracció entre els cations i el mar d'electrons és molt més forta.
  2. Conseqüència. Cal més energia per fondre'l (660 °C contra 98 °C) i és més dur; el sodi és tou i es talla amb un ganivet.
  3. Conclusió. La força de l'enllaç metàl·lic augmenta amb el nombre d'electrons que aporta cada àtom i amb la mida petita del catió.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 47

Compara el diamant (xarxa covalent) amb el CO2 sòlid (molecular). Dades: energia mitjana de l'enllaç C-C = 347 kJ/mol; C=O = 799 kJ/mol; entalpia de sublimació del CO2 sòlid = 25,2 kJ/mol. En el diamant cada àtom de C s'uneix amb 4 veïns.
a) Quants enllaços C-C hi ha per àtom de C? Calcula l'energia necessària per desfer completament 1 mol de diamant (12 g) en àtoms de C.
b) Calcula quina energia cal per sublimar 1 mol de CO2 i quanta per trencar-ne tots els enllaços.
c) Quantes vegades més energia requereix el diamant que el CO2 per a un canvi d'estat? Explica per què el diamant fon per sobre de 3500 °C i el CO2 sublima a -78 °C.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 47

Apartat a)

Resultat

2 enllaços C−C per àtom; cal 694 kJ694\ \text{kJ} per mol de diamant.

Resolució

  1. Recompte. Cada C té 4 enllaços, però cada enllaç és compartit per 2 àtoms: 42=2\tfrac{4}{2} = 2 enllaços C−C per àtom.
  2. Energia. 2⋅347=694 kJ2\cdot347 = 694\ \text{kJ} per mol d'àtoms (12 g), valor semblant a l'experimental (≈ 717 kJ/mol).

Apartat b)

Resultat

Sublimar 1 mol de CO₂: 25,2 kJ25{,}2\ \text{kJ}; trencar-ne tots els enllaços: 1598 kJ1598\ \text{kJ}.

Resolució

  1. Sublimació. Sublimar 1 mol de CO₂ (44 g) costa 25,2 kJ: només es vencen forces intermoleculars (dispersió).
  2. Atomització. Caldria trencar 2 enllaços C=O: 2⋅799=1598 kJ/mol2\cdot799 = 1598\ \text{kJ/mol}, que no es trenquen en sublimar.

Apartat c)

Resultat

Unes 27,5 vegades més: el diamant ha de trencar enllaços covalents i el CO₂ només forces intermoleculars.

Resolució

  1. Comparació. Per desfer la xarxa del diamant calen 694 kJ/mol i per sublimar el CO₂ 25,2 kJ/mol: 69425,2=27,5\tfrac{694}{25{,}2} = 27{,}5 vegades més.
  2. Diamant. És un únic cristall gegant: per canviar d'estat cal trencar enllaços covalents forts de la xarxa.
  3. Conclusió. En el CO₂ només es vencen forces febles entre molècules. Per això el diamant és dur i té un punt de fusió altíssim (> 3500 °C) i el CO₂ és volàtil (sublima a −78 °C).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 48

Els ions O2−\mathrm{O}^{2-}, F−\mathrm{F}^{-}, Na+, Mg2+ i Al3+ tenen 10 electrons (són isoelectrònics). Per estimar-ne la mida usa la càrrega nuclear efectiva ZefZ_{\mathrm{ef}} = Z − 4,15 (regles de Slater per a un electró 2p) i el model r = n2n^{2}·a0Zef\tfrac{a_{0}}{Z_{\mathrm{ef}}}, amb n = 2 i a0a_{0} = 52,9 pm. Radis experimentals (pm): O2−\mathrm{O}^{2-} 140; F−\mathrm{F}^{-} 133; Na+ 102; Mg2+ 72; Al3+ 54.
a) Calcula ZefZ_{\mathrm{ef}} i el radi del model per a cada ió.
b) Calcula el radi relatiu a l'O2−\mathrm{O}^{2-} en el model i en els valors experimentals.
c) Explica la tendència i comenta per què el model només és qualitatiu.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 48

Apartat a)

Resultat

Zef i r (pm): O²⁻ 3,85 i 55,0; F⁻ 4,85 i 43,6; Na⁺ 6,85 i 30,9; Mg²⁺ 7,85 i 27,0; Al³⁺ 8,85 i 23,9.

Resolució

  1. Model. Zef=Z−4,15Z_{\mathrm{ef}} = Z - 4{,}15 i r=n2a0Zef=4⋅52,9Zef=211,6Zef pmr = \dfrac{n^{2}a_0}{Z_{\mathrm{ef}}} = \dfrac{4\cdot52{,}9}{Z_{\mathrm{ef}}} = \dfrac{211{,}6}{Z_{\mathrm{ef}}}\ \text{pm}.
  2. Anions. O²⁻ (Z = 8): 3,85 → 55,0 pm; F⁻ (Z = 9): 4,85 → 43,6 pm.
  3. Cations. Na⁺ (Z = 11): 6,85 → 30,9 pm; Mg²⁺ (Z = 12): 7,85 → 27,0 pm; Al³⁺ (Z = 13): 8,85 → 23,9 pm.

Apartat b)

Resultat

Radi relatiu a l'O²⁻ (model / experimental): F⁻ 0,79 / 0,95; Na⁺ 0,56 / 0,73; Mg²⁺ 0,49 / 0,51; Al³⁺ 0,44 / 0,39.

Resolució

  1. Model. r/r(O2−)=3,85/Zefr/r(\mathrm{O^{2-}}) = 3{,}85/Z_{\mathrm{ef}}: F⁻ 0,79; Na⁺ 0,56; Mg²⁺ 0,49; Al³⁺ 0,44.
  2. Experimental. r/140r/140: F⁻ 0,95; Na⁺ 0,73; Mg²⁺ 0,51; Al³⁺ 0,39.

Apartat c)

Resultat

Amb els mateixos electrons, el radi disminueix en augmentar Z; el model encerta l'ordre però no els valors absoluts.

Resolució

  1. Tendència. Amb el mateix nombre d'electrons, el radi disminueix a mesura que augmenta Z: la càrrega nuclear creix i atrau més fort el mateix núvol.
  2. Encerts. L'ordre del model coincideix amb l'experimental i les relacions són raonables (diferències de 0,02 a 0,17 en el radi relatiu).
  3. Limitacions. Els valors absoluts són molt diferents: el model ignora la penetració dels orbitals, la repulsió entre electrons i que el radi iònic experimental depèn de l'entorn cristal·lí. Per això només és qualitatiu.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 49

Deslocalització i estabilitat del benzè. Entalpies d'hidrogenació (kJ/mol): ciclohexè (un doble enllaç) → ciclohexà, −120; benzè → ciclohexà (tres dobles enllaços aparents), −208. Longituds d'enllaç C-C (pm): simple, 154; doble, 134; benzè (tots els enllaços iguals), 139.
a) Quina entalpia d'hidrogenació s'esperaria per a un «ciclohexatriè» amb tres dobles enllaços localitzats?
b) Calcula l'energia de ressonància (estabilització per deslocalització) del benzè.
c) Dedueix l'ordre d'enllaç C-C del benzè a partir de les dues estructures de Kekulé (alternança d'enllaços simples i dobles) i compara la longitud experimental amb la mitjana aritmètica de les longituds simple i doble.
d) Per què el benzè dona reaccions de substitució i no d'addició com els alquens?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 49

Apartat a)

Resultat

ΔH≈−360 kJ/mol\Delta H \approx -360\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Plantejament. Si els tres dobles enllaços fossin independents, cadascun alliberaria el mateix que al ciclohexè, −120 kJ/mol.
  2. Càlcul. 3⋅(−120)=−360 kJ/mol3\cdot(-120) = -360\ \text{kJ/mol}.

Apartat b)

Resultat

Energia de ressonància ≈ 152 kJ/mol

Resolució

  1. Comparació. L'experimental és només −208 kJ/mol: el benzè allibera menys energia perquè ja és més estable.
  2. Càlcul. Eress=∣−360−(−208)∣=152 kJ/molE_{\text{ress}} = |-360 - (-208)| = 152\ \text{kJ/mol}: el benzè és 152 kJ/mol més estable que el ciclohexatriè hipotètic.

Apartat c)

Resultat

Ordre d'enllaç 1,5; la mitjana de longituds és 144 pm i l'experimental, 139 pm (una mica més curta).

Resolució

  1. Ordre d'enllaç. En cada estructura de Kekulé hi ha 3 enllaços simples i 3 de dobles, i les dues estructures s'alternen; per ressonància cada enllaç té ordre mitjà 1+22=1,5\tfrac{1 + 2}{2} = 1{,}5.
  2. Longituds. La mitjana és 154+1342=144 pm\tfrac{154 + 134}{2} = 144\ \text{pm}, i l'experimental és 139 pm.
  3. Interpretació. Els 6 enllaços són iguals i la longitud és intermèdia, però lleugerament més curta que la mitjana aritmètica perquè la relació entre ordre i longitud no és lineal.

Apartat d)

Resultat

Perquè la substitució conserva l'anell deslocalitzat (i els seus 152 kJ/mol d'estabilitat), que una addició destruiria.

Resolució

  1. Causa. Els electrons π estan deslocalitzats sobre l'anell i aquesta estabilitat (152 kJ/mol) es perdria en una addició.
  2. Conclusió. En una substitució l'anell es conserva. Per això el benzè no decolora l'aigua de brom en condicions normals, a diferència dels alquens.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 50

Energies d'enllaç a partir de dades termoquímiques. Dades (kJ/mol): ΔHf°(CH4, g) = −74,8; ΔHf°(C2H6, g) = −84,7; ΔHf°(C3H8, g) = −103,8; entalpia de formació del C(g) a partir de grafit = +717; entalpia de formació de l'H(g) = +218.
a) Calcula l'entalpia d'atomització del CH4 (CH4(g) → C(g) + 4 H(g)) i l'energia mitjana de l'enllaç C-H.
b) Calcula l'entalpia d'atomització de l'età i, amb el resultat anterior, l'energia mitjana de l'enllaç C-C.
c) Prediu l'entalpia d'atomització del propà amb aquestes energies i compara-la amb la que surt de la seva ΔHf°.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 50

Apartat a)

Resultat

ΔHat(CH4)=1663,8 kJ/mol\Delta H_{\text{at}}(\mathrm{CH_4}) = 1663{,}8\ \text{kJ/mol}; E(C−H)≈416 kJ/molE(\mathrm{C{-}H}) \approx 416\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Llei de Hess. ΔHat=ΔHf(C,g)+4 ΔHf(H,g)−ΔHf(CH4)\Delta H_{\text{at}} = \Delta H_f(\mathrm{C,g}) + 4\,\Delta H_f(\mathrm{H,g}) - \Delta H_f(\mathrm{CH_4})
  2. Càlcul. ΔHat=717+4⋅218+74,8=1663,8 kJ/mol\Delta H_{\text{at}} = 717 + 4\cdot218 + 74{,}8 = 1663{,}8\ \text{kJ/mol}.
  3. Energia d'enllaç. Té 4 enllaços C−H: E(C−H)=1663,8/4=416 kJ/molE(\mathrm{C{-}H}) = 1663{,}8/4 = 416\ \text{kJ/mol}.

Apartat b)

Resultat

ΔHat(C2H6)=2826,7 kJ/mol\Delta H_{\text{at}}(\mathrm{C_2H_6}) = 2826{,}7\ \text{kJ/mol}; E(C−C)≈331 kJ/molE(\mathrm{C{-}C}) \approx 331\ \text{kJ/mol}

Resolució

  1. Atomització de l'età. ΔHat=2⋅717+6⋅218+84,7=2826,7 kJ/mol\Delta H_{\text{at}} = 2\cdot717 + 6\cdot218 + 84{,}7 = 2826{,}7\ \text{kJ/mol}.
  2. Energia C−C. Té 1 enllaç C−C i 6 de C−H: E(C−C)=2826,7−6⋅416=331 kJ/molE(\mathrm{C{-}C}) = 2826{,}7 - 6\cdot416 = 331\ \text{kJ/mol}.

Apartat c)

Resultat

Predicció: 3990 kJ/mol3990\ \text{kJ/mol}; a partir de ΔHf°: 3998,8 kJ/mol3998{,}8\ \text{kJ/mol} (error ≈ −0,2 %).

Resolució

  1. Predicció. El propà té 2 enllaços C−C i 8 de C−H: 2⋅331+8⋅416=3990 kJ/mol2\cdot331 + 8\cdot416 = 3990\ \text{kJ/mol}.
  2. Valor de les dades. 3⋅717+8⋅218+103,8=3998,8 kJ/mol3\cdot717 + 8\cdot218 + 103{,}8 = 3998{,}8\ \text{kJ/mol}.
  3. Comparació. Diferència = 8,8 kJ/mol, un error del −0,2 %: l'additivitat de les energies mitjanes d'enllaç funciona molt bé en alcans.
  4. Fixa't. L'atomització és l'etapa inversa de formar els enllaços: sempre és endotèrmica.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preguntes freqüents

Quines forces es trenquen quan bull una substància molecular?

Les forces intermoleculars, que uneixen les molècules entre elles. Els enllaços covalents de dins de cada molècula no es trenquen.

Per què l'aigua té un punt d'ebullició tan alt?

Per les forces de pont d'hidrogen entre les seves molècules, que són molt més intenses que altres forces intermoleculars i costen més de vèncer.

Tornar a Física i Química

Altres temes de Física i Química 1r Batxillerat