Salta al contingut
Classes de reforç

Exercicis de materials i assaigs — Tecnologia i Enginyeria 2n Batxillerat

Aquests exercicis estudien els materials des de la seva estructura interna fins als assaigs que en mesuren les propietats. Expliques per què el vidre és amorf i no cristal·lí, i com canvia l'estructura del ferro amb la temperatura. Després interpretes el diagrama tensió-deformació d'un assaig de tracció, identificant el límit elàstic, la resistència a la tracció i el mòdul d'elasticitat, i calcules tensions i allargaments. Al final associes cada assaig amb la propietat que mesura, com el de Charpy, el de Brinell o el de Vickers. Les solucions mostren cada càlcul amb unitats. Errors típics: confondre el límit elàstic amb la resistència a tracció i classificar un material per l'aspecte.

Tens examen d'aquest tema? Fes un simulacre de 60 minuts com el de l'institut, amb solucions i criteris de correcció.Fes el simulacre →

Nivell bàsic

Exercici 1

Per què el vidre es considera un material amorf i no cristal·lí?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 1

Resultat

Perquè els seus àtoms estan desordenats: no formen una xarxa cristal·lina, és a dir, no tenen una ordenació regular i repetitiva.

Resolució

  1. Què és un material cristal·lí. En un sòlid cristal·lí, com els metalls, els àtoms ocupen posicions fixes que es repeteixen de manera regular en les tres direccions de l'espai: formen una xarxa cristal·lina.
  2. Estructura del vidre. En el vidre els àtoms (sobretot silici i oxigen) estan units entre ells, però col·locats de manera desordenada, sense cap patró que es repeteixi a llarga distància.
  3. Conclusió. Com que li falta aquesta ordenació regular i repetitiva, el vidre es considera un material amorf i no cristal·lí, a diferència dels metalls.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 2

Explica la diferència entre un material tenaç i un material fràgil, i posa un exemple de cada.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 2

Resultat

Un material tenaç absorbeix molta energia i es deforma abans de trencar-se (p. ex. l'acer de construcció); un de fràgil es trenca de cop, gairebé sense deformar-se i absorbint poca energia (p. ex. el vidre o la fosa).

Resolució

  1. Tenacitat. És la capacitat d'un material d'absorbir energia (deformant-se plàsticament) abans de trencar-se. Un material tenaç «avisa»: es deforma abans de la ruptura. Exemple: l'acer de construcció.
  2. Fragilitat. És el comportament contrari: el material es trenca de cop, sense deformació apreciable i amb poca energia absorbida. Exemples: el vidre o la fosa.
  3. Com es mesura. La tenacitat (resistència al xoc) es mesura amb l'assaig de Charpy: com més energia absorbeix la proveta en trencar-se, més tenaç és el material.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 3

En el diagrama tensió-deformació d'un assaig de tracció, què representa el pendent del tram recte inicial i en quina unitat s'expressa?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 3

Resultat

El pendent és el mòdul de Young (mòdul d'elasticitat), E=σ/εE = \sigma/\varepsilon; com que ε no té unitats, s'expressa en unitats de tensió: MPa o, més sovint, GPa.

Resolució

  1. Tram recte inicial. És la zona elàstica, on la tensió i la deformació són proporcionals i el material recupera la forma en descarregar-lo.
  2. Llei de Hooke. En aquest tram es compleix σ=E⋅ε\sigma = E\cdot\varepsilon de manera que el pendent de la recta és E=σ/εE = \sigma/\varepsilon, el mòdul de Young o mòdul d'elasticitat.
  3. Unitats. La deformació unitària ε=ΔL/L0\varepsilon = \Delta L/L_0 no té unitats; per tant, E té les unitats de la tensió: MPa o, més sovint, GPa (l'acer, uns 210 GPa).
  4. Interpretació. Com més gran és el pendent, més rígid és el material: cal més tensió per produir la mateixa deformació.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 4

Classifica aquests quatre materials segons el tipus d'enllaç predominant entre els seus àtoms o molècules (iònic, covalent, metàl·lic o forces intermoleculars febles) i indica, per a cadascun, una propietat que se'n deriva: clorur de sodi, diamant, coure i polietilè.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 4

Resultat

NaCl: iònic (dur però fràgil); diamant: covalent en xarxa (el més dur, no conductor); coure: metàl·lic (dúctil i bon conductor); polietilè: covalent dins de les cadenes i forces febles entre cadenes (tou, termoplàstic).

Resolució

  1. Clorur de sodi. Enllaç iònic: ions Na+ i Cl− units per atracció electrostàtica. És dur però fràgil, i només condueix l'electricitat fos o dissolt (quan els ions es poden moure).
  2. Diamant. Enllaç covalent en una xarxa tridimensional: és el material més dur que existeix i té un punt de fusió altíssim, però no condueix l'electricitat (no hi ha electrons lliures).
  3. Coure. Enllaç metàl·lic: un núvol d'electrons lliures entre els ions positius. Per això és dúctil i molt bon conductor elèctric i tèrmic.
  4. Polietilè. Dins de cada cadena els enllaços són covalents, però entre cadenes només hi ha forces de Van der Waals febles: per això és tou, lleuger i s'estova amb poca temperatura (termoplàstic).
  5. Idea clau. Com més fort i direccional és l'enllaç, més dur, més refractari i menys deformable és el material.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 5

En una xarxa cúbica centrada en el cos (BCC) hi ha un àtom a cada vèrtex del cub i un al centre; en una cúbica centrada en les cares (FCC) hi ha un àtom a cada vèrtex i un al centre de cada cara. Calcula quants àtoms pertanyen a cada cel·la unitària, tenint en compte que un àtom de vèrtex es comparteix entre 8 cel·les i un de cara entre 2.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 5

Resultat

BCC: 2 àtoms per cel·la; FCC: 4 àtoms per cel·la.

Resolució

  1. Dades. Un àtom de vèrtex es comparteix entre 8 cel·les (en compta 18\tfrac{1}{8}), un de cara entre 2 (en compta 12\tfrac{1}{2}) i un de central és sencer de la cel·la.
  2. BCC. n=8⋅18+1=1+1=2 aˋtomsn = 8\cdot\tfrac{1}{8} + 1 = 1 + 1 = 2\ \text{àtoms}
  3. FCC. n=8⋅18+6⋅12=1+3=4 aˋtomsn = 8\cdot\tfrac{1}{8} + 6\cdot\tfrac{1}{2} = 1 + 3 = 4\ \text{àtoms}
  4. Interpretació. La FCC és més compacta (factor d'empaquetament 0,74 davant de 0,68 de la BCC): per això metalls FCC com el coure, l'alumini o l'or són tan dúctils, i el ferro α (BCC) és menys deformable que el ferro γ (FCC).
  5. Error típic. Comptar els 8 àtoms dels vèrtexs com a sencers: de cadascun només n'hi ha una vuitena part dins de la cel·la.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 6

Una barra d'alumini (mòdul de Young E = 70 GPa) d'1,5 m de llargada treballa a tracció amb una tensió de 84 MPa, dins de la zona elàstica. Calcula la deformació unitària i l'allargament de la barra.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 6

Resultat

ε=1,2⋅10−3\varepsilon = 1{,}2\cdot10^{-3} (0,12 %); ΔL=1,8 mm\Delta L = 1{,}8\ \text{mm}.

Resolució

  1. Dades. E=70 GPa=70 000 MPaE = 70\ \text{GPa} = 70\,000\ \text{MPa}, σ=84 MPa\sigma = 84\ \text{MPa}, L0=1,5 m=1500 mmL_0 = 1{,}5\ \text{m} = 1500\ \text{mm}. Passa E a MPa per no barrejar unitats.
  2. Llei de Hooke. A la zona elàstica, σ=E⋅ε\sigma = E\cdot\varepsilon, per tant ε=σE=8470 000=1,2⋅10−3\varepsilon = \dfrac{\sigma}{E} = \dfrac{84}{70\,000} = 1{,}2\cdot10^{-3}
  3. Allargament. ΔL=ε⋅L0=1,2⋅10−3⋅1500 mm=1,8 mm\Delta L = \varepsilon\cdot L_0 = 1{,}2\cdot10^{-3}\cdot 1500\ \text{mm} = 1{,}8\ \text{mm}
  4. Comprovació. 1,8/1500=0,0012=0,12 %1{,}8/1500 = 0{,}0012 = 0{,}12\ \%: una deformació petita, coherent amb la zona elàstica. Error típic: barrejar GPa i MPa. Recorda que la deformació unitària no té unitats.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 7

Raona si són certes o falses aquestes dues afirmacions:
a) «Un material molt dur és sempre molt tenaç.»
b) «Com més gran és el mòdul de Young d'un material, més càrrega pot suportar abans de trencar-se.»

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 7

Apartat a)

Resultat

Falsa: duresa i tenacitat són propietats diferents; un ceràmic o un acer trempat sense revenir són molt durs i fràgils.

Resolució

  1. Definicions. La duresa és la resistència a ser ratllat o penetrat; la tenacitat és l'energia que absorbeix el material abans de trencar-se.
  2. Contraexemple. Els materials ceràmics o un acer trempat sense revenir són molt durs i, alhora, fràgils.
  3. Conclusió. Dur no vol dir tenaç: sovint són propietats contraposades.

Apartat b)

Resultat

Falsa: E mesura la rigidesa, no la resistència; la càrrega màxima la fixa la resistència a la tracció.

Resolució

  1. Què mesura E. El mòdul de Young mesura la rigidesa: com poc es deforma elàsticament el material per a una tensió donada.
  2. Què fixa la càrrega màxima. La tensió màxima abans de trencar-se és la resistència a la tracció, una propietat diferent.
  3. Contraexemple. Dos acers tenen pràcticament el mateix E (uns 210 GPa) i poden trencar-se a 400 o a 1500 MPa.
  4. Conclusió. Rígid no vol dir resistent.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 8

En un assaig de duresa Vickers s'aplica una càrrega de 30 kgf amb un penetrador piramidal de diamant, i la diagonal mitjana de l'empremta mesura 0,42 mm. Calcula la duresa Vickers del material sabent que HV = 1,8544·F/d2\text{F/d}^{2} (F en kgf i d en mm).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 8

Resultat

HV≈315\text{HV} \approx 315 (s'escriu 315 HV30).

Resolució

  1. Dades. F=30 kgfF = 30\ \text{kgf}, d=0,42 mmd = 0{,}42\ \text{mm}.
  2. Fórmula de Vickers. HV=1,8544⋅Fd2\text{HV} = 1{,}8544\cdot\dfrac{F}{d^{2}}
  3. Càlcul. HV=1,8544⋅300,422=55,630,1764=315\text{HV} = \dfrac{1{,}8544\cdot 30}{0{,}42^{2}} = \dfrac{55{,}63}{0{,}1764} = 315
  4. Interpretació. S'escriu 315 HV30 (el nombre final indica la càrrega aplicada). Correspon a un acer de duresa mitjana-alta, per exemple un acer de construcció bonificat.
  5. Avantatge del mètode Vickers. El penetrador de diamant serveix per a qualsevol duresa i l'empremta és molt petita, de manera que l'assaig és gairebé no destructiu.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 9

En un assaig Charpy, una proveta entallada de secció útil 0,8 cm2 absorbeix 60 J en trencar-se. Calcula la resiliència del material i indica si és tenaç o fràgil, sabent que un acer de construcció té uns 100 J/cm2 i una fosa grisa, menys de 5 J/cm2.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 9

Resultat

ρ=75 J/cm2\rho = 75\ \text{J/cm}^{2}: és un material tenaç (proper a un acer de construcció).

Resolució

  1. Dades. Energia absorbida W=60 JW = 60\ \text{J}; secció útil sota l'entalla S=0,8 cm2S = 0{,}8\ \text{cm}^{2}.
  2. Resiliència. És l'energia absorbida per unitat de secció: ρ=WS=600,8=75 J/cm2\rho = \dfrac{W}{S} = \dfrac{60}{0{,}8} = 75\ \text{J/cm}^{2}
  3. Comparació. 75 J/cm2 és de l'ordre dels 100 J/cm2 d'un acer de construcció i molt lluny dels menys de 5 J/cm2 d'una fosa grisa: el material absorbeix molta energia abans de trencar-se i, per tant, és tenaç.
  4. Recorda. La resiliència mesura la resistència al xoc. La proveta normalitzada Charpy fa 10 × 10 mm amb una entalla de 2 mm de fondària: per això la secció útil és de 10 × 8 mm = 0,8 cm2.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 10

Un acer té un límit elàstic de 250 MPa i una resistència a la tracció de 400 MPa. Raona què passa amb la longitud d'una proveta d'aquest acer si la carreguem fins a 200 MPa i la descarreguem, i què passa si la carreguem fins a 300 MPa i la descarreguem.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 10

Resultat

A 200 MPa la proveta recupera exactament la longitud inicial; a 300 MPa no es trenca, però queda amb una deformació permanent (més llarga que al principi).

Resolució

  1. Dades. Límit elàstic σe=250 MPa\sigma_e = 250\ \text{MPa}; resistència a la tracció σR=400 MPa\sigma_R = 400\ \text{MPa}.
  2. Càrrega fins a 200 MPa. 200<250 MPa200 < 250\ \text{MPa}: som a la zona elàstica. La deformació és recuperable i, en descarregar, la proveta torna exactament a la longitud inicial.
  3. Càrrega fins a 300 MPa. 250<300<400 MPa250 < 300 < 400\ \text{MPa}: hem superat el límit elàstic però no la resistència a la tracció. La proveta no es trenca, però ha entrat a la zona plàstica.
  4. Descàrrega des de 300 MPa. Només es recupera la part elàstica de la deformació; hi queda una deformació permanent i la proveta és més llarga que al principi.
  5. Idea clau. El límit elàstic separa la deformació recuperable de la permanent; la resistència a la tracció és la tensió màxima que suporta el material abans d'estrènyer-se (estricció) i trencar-se.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell intermedi

Exercici 11

Un rail de tren de 25 m d'acer (α = 12·10−6 per grau) passa de -5 a 35 graus. Calcula la dilatació.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 11

Resultat

ΔL=0,012 m=12 mm\Delta L = 0{,}012\ \text{m} = 12\ \text{mm}.

Resolució

  1. Dades. L0=25 mL_0 = 25\ \text{m}, α=12⋅10−6 ∘C−1\alpha = 12\cdot10^{-6}\ ^{\circ}\text{C}^{-1}, la temperatura passa de −5 °C a 35 °C.
  2. Salt tèrmic. ΔT=35−(−5)=40 ∘C\Delta T = 35 - (-5) = 40\ ^{\circ}\text{C}. Compte amb el signe de la temperatura inicial.
  3. Llei de la dilatació lineal. ΔL=L0⋅α⋅ΔT\Delta L = L_0\cdot\alpha\cdot\Delta T
  4. Càlcul. ΔL=25⋅12⋅10−6⋅40=0,012 m=12 mm\Delta L = 25\cdot 12\cdot10^{-6}\cdot 40 = 0{,}012\ \text{m} = 12\ \text{mm}
  5. Conclusió. Cada tram de rail s'allarga 12 mm: per això es deixen juntes de dilatació entre trams.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 12

Indica quina propietat mecànica és clau en cada cas: a) el vidre de blindatge d'un cotxe; b) el fil de coure d'una instal·lació elèctrica; c) la broca d'un trepant.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 12

Apartat a)

Resultat

Tenacitat: ha d'absorbir cops sense trencar-se.

Resolució

  1. Situació. Un vidre de blindatge rep impactes (bales, cops).
  2. Propietat clau. Ha d'absorbir molta energia d'impacte sense trencar-se: és la tenacitat (que es mesura amb l'assaig Charpy).

Apartat b)

Resultat

Ductilitat: s'ha de poder estirar en fils prims.

Resolució

  1. Situació. El fil de coure es fabrica per estirament (trefilat) i s'ha de doblegar en la instal·lació.
  2. Propietat clau. La ductilitat: capacitat de deformar-se plàsticament i estirar-se en fils prims sense trencar-se.

Apartat c)

Resultat

Duresa: ha de penetrar altres materials sense desgastar-se.

Resolució

  1. Situació. La broca ha de foradar altres materials.
  2. Propietat clau. La duresa: resistència a ser ratllada o penetrada, perquè penetri el material sense desgastar-se.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 13

Una proveta cilíndrica de 10 mm de diàmetre es carrega amb 25000 N. Calcula la tensió (agafa la secció S = π·r2r^{2}).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 13

Resultat

σ≈318 MPa\sigma \approx 318\ \text{MPa}.

Resolució

  1. Dades. d=10 mmd = 10\ \text{mm}, per tant r=5 mmr = 5\ \text{mm}; F=25 000 NF = 25\,000\ \text{N}.
  2. Secció. S=π⋅r2=π⋅52=78,54 mm2S = \pi\cdot r^{2} = \pi\cdot 5^{2} = 78{,}54\ \text{mm}^{2}
  3. Tensió. σ=FS=25 00078,54=318 N/mm2=318 MPa\sigma = \dfrac{F}{S} = \dfrac{25\,000}{78{,}54} = 318\ \text{N/mm}^{2} = 318\ \text{MPa}
  4. Conclusió. Com que 1 N/mm2 = 1 MPa, treballant amb N i mm la tensió surt directament en MPa. No arrodoneixis massa la secció abans de dividir: amb 78,5 mm2 surt 318,5, que ja no és la xifra correcta.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 14

Associa cada assaig amb la propietat que mesura: Charpy, Brinell i assaig de tracció.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 14

Resultat

Charpy → tenacitat (energia d'impacte); Brinell → duresa (resistència a la penetració); tracció → límit elàstic, resistència a la tracció i allargament (ductilitat).

Resolució

  1. Assaig Charpy. Un pèndol trenca d'un cop una proveta entallada; l'energia absorbida mesura la tenacitat (resiliència).
  2. Assaig Brinell. Una bola d'acer es clava al material amb una càrrega coneguda; la mida de l'empremta mesura la duresa (resistència a la penetració).
  3. Assaig de tracció. S'estira una proveta fins a trencar-la; el diagrama tensió-deformació dona el límit elàstic, la resistència a la tracció i l'allargament (ductilitat).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 15

En un assaig de duresa Brinell sobre una peça d'acer s'utilitza una bola de 10 mm de diàmetre i una càrrega de 3000 kgf, i l'empremta obtinguda té un diàmetre de 4,0 mm. Calcula la duresa Brinell amb l'expressió HB = 2F/(π·D·(D - D2−d2\sqrt{D^{2} - d^{2}})) i justifica que la relació de càrrega F/D2\text{F/D}^{2} és l'adequada per a l'acer (constant 30).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 15

Resultat

HB≈229\text{HB} \approx 229 (HB 10/3000); F/D2=30F/D^{2} = 30, la constant que la norma fixa per a acers i foses.

Resolució

  1. Dades. D=10 mmD = 10\ \text{mm}, F=3000 kgfF = 3000\ \text{kgf}, d=4,0 mmd = 4{,}0\ \text{mm}.
  2. Arrel i denominador. D2−d2=100−16=84=9,165 mm\sqrt{D^{2} - d^{2}} = \sqrt{100 - 16} = \sqrt{84} = 9{,}165\ \text{mm}; π⋅D⋅(D−9,165)=π⋅10⋅0,835=26,23\pi\cdot D\cdot(D - 9{,}165) = \pi\cdot 10\cdot 0{,}835 = 26{,}23.
  3. Duresa Brinell. HB=2⋅300026,23=229\text{HB} = \dfrac{2\cdot 3000}{26{,}23} = 229 És la càrrega dividida per l'àrea del casquet esfèric de l'empremta, 13,1 mm2.
  4. Constant de càrrega. F/D2=3000/102=30F/D^{2} = 3000/10^{2} = 30, que és la que la norma fixa per a acers i foses; per a alumini es fa servir 5 o 10 i per a coure i els seus aliatges, 10.
  5. Conclusió. Amb la constant correcta, els valors obtinguts amb boles i càrregues diferents són comparables. Resultat: 229 HB (s'escriu HB 10/3000).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 16

El martell d'un pèndol Charpy té una massa de 25 kg i es deixa anar des d'una alçada d'1,2 m. Després de trencar una proveta normalitzada de secció útil 0,8 cm2, el martell puja fins a 0,40 m. Calcula l'energia absorbida per la proveta i la resiliència del material (g = 9,8 m/s2\text{m/s}^{2}; menysprea el fregament).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 16

Resultat

W=196 JW = 196\ \text{J}; ρ=245 J/cm2\rho = 245\ \text{J/cm}^{2}.

Resolució

  1. Dades. m=25 kgm = 25\ \text{kg}, h0=1,2 mh_0 = 1{,}2\ \text{m}, h1=0,40 mh_1 = 0{,}40\ \text{m}, S=0,8 cm2S = 0{,}8\ \text{cm}^{2}, g=9,8 m/s2g = 9{,}8\ \text{m/s}^{2}.
  2. Energia potencial. Inicial: E0=m⋅g⋅h0=25⋅9,8⋅1,2=294 JE_0 = m\cdot g\cdot h_0 = 25\cdot 9{,}8\cdot 1{,}2 = 294\ \text{J}. Després del cop: E1=m⋅g⋅h1=25⋅9,8⋅0,40=98 JE_1 = m\cdot g\cdot h_1 = 25\cdot 9{,}8\cdot 0{,}40 = 98\ \text{J}.
  3. Energia absorbida. Sense fregament, la diferència és l'energia que ha absorbit la proveta: W=m⋅g⋅(h0−h1)=25⋅9,8⋅0,8=196 JW = m\cdot g\cdot(h_0 - h_1) = 25\cdot 9{,}8\cdot 0{,}8 = 196\ \text{J}
  4. Resiliència. ρ=WS=1960,8=245 J/cm2\rho = \dfrac{W}{S} = \dfrac{196}{0{,}8} = 245\ \text{J/cm}^{2}
  5. Conclusió. És un valor propi d'un material molt tenaç (un acer dolç o un alumini recuit). Error típic: dividir per la secció total de la proveta (1 cm2) en lloc de la secció útil que queda sota l'entalla.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 17

Un tirant cilíndric d'acer ha de suportar una càrrega de tracció de 50 kN. El límit elàstic de l'acer és de 250 MPa i es vol treballar amb un coeficient de seguretat de 2,5. Calcula la tensió admissible, la secció mínima i el diàmetre mínim del tirant, i tria un diàmetre comercial entre 20, 24, 26 i 30 mm.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 17

Resultat

σadm=100 MPa\sigma_{adm} = 100\ \text{MPa}; Smin=500 mm2S_{min} = 500\ \text{mm}^{2}; dmin=25,2 mmd_{min} = 25{,}2\ \text{mm}; diàmetre comercial: 26 mm.

Resolució

  1. Tensió admissible. σadm=σen=2502,5=100 MPa\sigma_{adm} = \dfrac{\sigma_e}{n} = \dfrac{250}{2{,}5} = 100\ \text{MPa}
  2. Secció mínima. S≥Fσadm=50 000 N100 N/mm2=500 mm2S \geq \dfrac{F}{\sigma_{adm}} = \dfrac{50\,000\ \text{N}}{100\ \text{N/mm}^{2}} = 500\ \text{mm}^{2}
  3. Diàmetre mínim. S=π⋅d2/4S = \pi\cdot d^{2}/4, per tant d=4⋅500π=636,6=25,2 mmd = \sqrt{\dfrac{4\cdot 500}{\pi}} = \sqrt{636{,}6} = 25{,}2\ \text{mm}
  4. Diàmetre comercial. Cal triar el primer per sobre del mínim: 26 mm (S=530,9 mm2S = 530{,}9\ \text{mm}^{2}). Amb 24 mm (S=452,4 mm2S = 452{,}4\ \text{mm}^{2}) la tensió seria de 110,5 MPa, superior a l'admissible.
  5. Comprovació. σ=50 000/530,9=94,2 MPa<100 MPa\sigma = 50\,000/530{,}9 = 94{,}2\ \text{MPa} < 100\ \text{MPa}; coeficient de seguretat real n=250/94,2=2,65≥2,5n = 250/94{,}2 = 2{,}65 \geq 2{,}5.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 18

Una proveta cilíndrica d'assaig de tracció té una longitud inicial entre marques de 50 mm i un diàmetre de 10 mm. Després de trencar-se, en ajuntar els dos trossos, la distància entre marques és de 61 mm i el diàmetre a la zona de trencament és de 7,5 mm. Calcula l'allargament percentual a trencament i l'estricció, i raona si el material és dúctil.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 18

Resultat

A=22 %A = 22\ \%; Z≈44 %Z \approx 44\ \% (43,75 %): el material és clarament dúctil.

Resolució

  1. Dades. L0=50 mmL_0 = 50\ \text{mm}, Lf=61 mmL_f = 61\ \text{mm}, d0=10 mmd_0 = 10\ \text{mm}, df=7,5 mmd_f = 7{,}5\ \text{mm}.
  2. Allargament a trencament. A=Lf−L0L0⋅100=61−5050⋅100=22 %A = \dfrac{L_f - L_0}{L_0}\cdot 100 = \dfrac{61 - 50}{50}\cdot 100 = 22\ \%
  3. Seccions. S0=π⋅102/4=78,5 mm2S_0 = \pi\cdot 10^{2}/4 = 78{,}5\ \text{mm}^{2}; Sf=π⋅7,52/4=44,2 mm2S_f = \pi\cdot 7{,}5^{2}/4 = 44{,}2\ \text{mm}^{2}.
  4. Estricció. Z=S0−SfS0⋅100=78,5−44,278,5⋅100=43,75 %≈44 %Z = \dfrac{S_0 - S_f}{S_0}\cdot 100 = \dfrac{78{,}5 - 44{,}2}{78{,}5}\cdot 100 = 43{,}75\ \% \approx 44\ \% Equival a 1−(7,5/10)21 - (7{,}5/10)^{2}.
  5. Conclusió. Un allargament del 22 % i una estricció del 44 % indiquen una gran deformació plàstica abans del trencament: el material és clarament dúctil (un material fràgil tindria A < 5 % i gairebé cap estricció).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 19

Per a cada situació tria l'assaig no destructiu més adequat entre líquids penetrants, partícules magnètiques, ultrasons i radiografia, i justifica-ho:
a) esquerdes superficials en una peça d'alumini;
b) porositats internes en la soldadura d'un gasoducte d'acer de paret gruixuda;
c) esquerdes superficials fines en un cigonyal d'acer;
d) mesurar el gruix que queda a la paret d'un dipòsit d'acer corroït per dins, sense obrir-lo.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 19

Apartat a)

Resultat

Líquids penetrants.

Resolució

  1. Material i defecte. L'alumini no és ferromagnètic, de manera que no es poden fer servir partícules magnètiques; el defecte és superficial.
  2. Funcionament. El líquid entra per capil·laritat a les esquerdes obertes a la superfície i el revelador les fa visibles.

Apartat b)

Resultat

Radiografia (raigs X o gamma); també hi servirien els ultrasons.

Resolució

  1. Defecte. Porositats internes en una paret gruixuda: cal un mètode que vegi l'interior.
  2. Funcionament. La radiació travessa la paret i mostra en una placa les porositats i inclusions internes de la soldadura. Els ultrasons també detectarien defectes interns.

Apartat c)

Resultat

Partícules magnètiques.

Resolució

  1. Material i defecte. L'acer és ferromagnètic i les esquerdes són superficials i fines.
  2. Funcionament. En magnetitzar la peça, les esquerdes superficials o subsuperficials distorsionen el camp magnètic i hi atrauen les partícules, que les fan visibles.

Apartat d)

Resultat

Ultrasons.

Resolució

  1. Situació. Cal mesurar un gruix des de fora, sense obrir el dipòsit.
  2. Funcionament. Mesurant el temps que triga l'eco a tornar de la paret interior es calcula el gruix des de l'exterior, sense buidar el dipòsit.
  3. Idea clau. Els assaigs no destructius no malmeten la peça: per això es poden fer sobre el 100 % de la producció o sobre peces en servei.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 20

L'eix d'una màquina suporta sense cap problema una càrrega estàtica que hi provoca una tensió de 300 MPa (la resistència a la tracció de l'acer és de 550 MPa), però s'ha trencat al cap d'uns mesos sota una càrrega variable (flexió rotativa) que només arribava a 240 MPa, i la fractura ha començat a la cantonada d'una xavetera. Explica quin fenomen ho ha provocat, què és el límit de fatiga d'un material i proposa dues mesures per evitar que es repeteixi.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 20

Resultat

És una ruptura per fatiga, afavorida pel concentrador de tensions de la xavetera. El límit de fatiga és la tensió alternada màxima que el material suporta un nombre indefinit de cicles sense trencar-se. Mesures: arrodonir les cantonades (radis grans) i millorar l'acabat superficial (polit, granallat), o augmentar la secció.

Resolució

  1. Fenomen. És la fatiga: sota càrregues cícliques (a cada volta de l'eix la tensió passa de tracció a compressió) es formen microesquerdes que creixen a poc a poc fins que la secció que queda no aguanta i es trenca de cop, a tensions molt inferiors a la resistència estàtica.
  2. Límit de fatiga. És la tensió màxima per sota de la qual el material suporta un nombre indefinit de cicles (de l'ordre de 10710^{7}) sense trencar-se. S'obté de la corba S-N (de Wöhler) i en els acers és aproximadament la meitat de la resistència a la tracció: uns 275 MPa en aquest cas.
  3. Per què s'ha trencat a 240 MPa. La xavetera és un concentrador de tensions: a la cantonada la tensió real és molt més gran que els 240 MPa nominals i supera el límit de fatiga. Per això la fractura hi ha començat.
  4. Mesures. Suavitzar els canvis de secció amb radis grans i evitar cantonades vives, ranures i marques de mecanitzat; millorar l'acabat superficial (polit) o introduir tensions de compressió a la superfície (granallat); augmentar la secció o triar un acer amb més límit de fatiga.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 21

Una eina de tall d'acer al carboni s'ha escalfat fins a 850 °C i s'ha refredat bruscament en aigua. Després del tractament és molt dura, però es trenca amb el primer cop. Digues com s'anomena el tractament que s'ha fet, quina estructura s'ha obtingut, quin tractament hi falta i com actua.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 21

Resultat

S'ha fet un tremp i s'ha obtingut martensita (molt dura i fràgil); hi falta el revingut, que relaxa les tensions internes i augmenta la tenacitat a canvi d'una mica de duresa.

Resolució

  1. Tractament fet. És el tremp: escalfar per sobre de la temperatura de transformació (fins a obtenir austenita) i refredar molt de pressa perquè el carboni no tingui temps de sortir de la xarxa.
  2. Estructura obtinguda. Martensita: una estructura molt dura però plena de tensions internes i molt fràgil. Per això l'eina es trenca al primer cop.
  3. Tractament que hi falta. El revingut: reescalfar la peça trempada a una temperatura moderada (entre 200 i 600 °C, segons el que es busqui) i refredar-la lentament. Es relaxen les tensions i es perd una mica de duresa, però es guanya molta tenacitat.
  4. Conclusió. La combinació tremp + revingut s'anomena bonificat i és l'habitual en eines, molles i eixos. Si en lloc d'això es volgués estovar l'acer per mecanitzar-lo, es faria una recuita (refredament molt lent dins del forn).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell avançat

Exercici 22

Explica per què els metalls són bons conductors elèctrics i són dúctils, relacionant-ho amb l'enllaç metàl·lic.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 22

Resultat

En l'enllaç metàl·lic els electrons de valència formen un núvol d'electrons lliures: es desplacen quan s'aplica una tensió (conductivitat) i mantenen units els ions quan els plans atòmics llisquen (ductilitat).

Resolució

  1. Model de l'enllaç metàl·lic. Els electrons de valència no pertanyen a cap àtom concret: formen un «núvol» que es mou lliurement entre els ions positius, ordenats en una xarxa cristal·lina.
  2. Conductivitat elèctrica. Quan s'aplica una tensió, aquests electrons lliures es desplacen ordenadament: per això els metalls condueixen el corrent.
  3. Ductilitat. Quan es deforma el metall, els plans d'àtoms llisquen els uns sobre els altres i l'enllaç no es trenca, perquè els electrons continuen envoltant els ions en la nova posició (l'enllaç no és direccional).
  4. Conclusió. Totes dues propietats tenen el mateix origen: el núvol d'electrons lliures de l'enllaç metàl·lic.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 23

El ferro canvia d'estructura cristal·lina amb la temperatura: per sota de 912 °C és cúbic centrat al cos i per sobre, cúbic centrat a les cares. (a) Com s'anomena aquesta propietat? (b) Per què és clau per als tractaments tèrmics de l'acer?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 23

Apartat a)

Resultat

Al·lotropia (o polimorfisme).

Resolució

  1. Definició. Un mateix element que, segons la temperatura, adopta estructures cristal·lines diferents.
  2. Cas del ferro. Per sota de 912 °C és BCC (ferro α) i per sobre és FCC (ferro γ, austenita): és un element al·lotròpic.

Apartat b)

Resultat

Perquè l'austenita (FCC) dissol molt més carboni que la ferrita (BCC); si es refreda de cop, el carboni queda atrapat i es forma martensita, molt dura.

Resolució

  1. Solubilitat del carboni. L'estructura cúbica centrada a les cares (austenita) pot dissoldre molt més carboni que la centrada al cos.
  2. Escalfament. En escalfar l'acer per sobre de la temperatura de transformació, el carboni es dissol a l'austenita.
  3. Refredament ràpid (tremp). Si després es refreda de cop, el carboni no té temps de sortir i queda atrapat en una estructura forçada, molt dura: la martensita.
  4. Conclusió. Els tractaments tèrmics juguen amb aquests canvis d'estructura per ajustar la duresa i la tenacitat de l'acer.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 24

Una proveta de 100 mm de longitud inicial i secció 20 mm2 s'allarga 0,15 mm quan se li aplica una força de 6300 N, dins la zona elàstica. Calcula la deformació unitària, la tensió i el mòdul de Young.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 24

Resultat

ε=1,5⋅10−3\varepsilon = 1{,}5\cdot10^{-3}; σ=315 MPa\sigma = 315\ \text{MPa}; E=210 000 MPa=210 GPaE = 210\,000\ \text{MPa} = 210\ \text{GPa}.

Resolució

  1. Dades. L0=100 mmL_0 = 100\ \text{mm}, ΔL=0,15 mm\Delta L = 0{,}15\ \text{mm}, S=20 mm2S = 20\ \text{mm}^{2}, F=6300 NF = 6300\ \text{N}, zona elàstica.
  2. Deformació unitària. ε=ΔLL0=0,15100=1,5⋅10−3\varepsilon = \dfrac{\Delta L}{L_0} = \dfrac{0{,}15}{100} = 1{,}5\cdot10^{-3}
  3. Tensió. σ=FS=630020=315 MPa\sigma = \dfrac{F}{S} = \dfrac{6300}{20} = 315\ \text{MPa}
  4. Llei de Hooke. E=σε=3151,5⋅10−3=210 000 MPa=210 GPaE = \dfrac{\sigma}{\varepsilon} = \dfrac{315}{1{,}5\cdot10^{-3}} = 210\,000\ \text{MPa} = 210\ \text{GPa}
  5. Comprovació de sentit. 210 GPa és el valor típic de l'acer. Si et surt un mòdul de 600 GPa o més, alguna dada o alguna unitat està malament: cap metall comú no hi arriba.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 25

En un assaig de tracció d'una proveta d'acer de 11,28 mm de diàmetre (secció 100 mm2) i 60 mm de longitud inicial entre marques s'han obtingut aquestes dades: força al límit elàstic 26 kN, amb un allargament de 0,078 mm; força màxima 42 kN; longitud final entre marques, un cop trencada la proveta, 73,2 mm.
a) Calcula el límit elàstic i la resistència a la tracció.
b) Calcula el mòdul de Young.
c) Calcula l'allargament percentual a trencament.
d) Quant s'allargarà una barra de 2 m d'aquest acer sotmesa a una tensió de 130 MPa?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 25

Apartat a)

Resultat

σe=260 MPa\sigma_e = 260\ \text{MPa}; σR=420 MPa\sigma_R = 420\ \text{MPa}.

Resolució

  1. Dades. S0=100 mm2S_0 = 100\ \text{mm}^{2}, Fe=26 kNF_e = 26\ \text{kN}, Fmax=42 kNF_{max} = 42\ \text{kN}.
  2. Límit elàstic. σe=Fe/S0=26 000/100=260 MPa\sigma_e = F_e/S_0 = 26\,000/100 = 260\ \text{MPa}.
  3. Resistència a la tracció. σR=Fmax/S0=42 000/100=420 MPa\sigma_R = F_{max}/S_0 = 42\,000/100 = 420\ \text{MPa}. Les dues tensions es calculen amb la secció inicial.

Apartat b)

Resultat

E=200 000 MPa=200 GPaE = 200\,000\ \text{MPa} = 200\ \text{GPa}.

Resolució

  1. Deformació al límit elàstic. ε=ΔL/L0=0,078/60=1,3⋅10−3\varepsilon = \Delta L/L_0 = 0{,}078/60 = 1{,}3\cdot10^{-3}.
  2. Llei de Hooke. E=σeε=2601,3⋅10−3=200 000 MPa=200 GPaE = \dfrac{\sigma_e}{\varepsilon} = \dfrac{260}{1{,}3\cdot10^{-3}} = 200\,000\ \text{MPa} = 200\ \text{GPa}
  3. Comprovació. És un valor coherent amb un acer.

Apartat c)

Resultat

A=22 %A = 22\ \%.

Resolució

  1. Dades. L0=60 mmL_0 = 60\ \text{mm}, Lf=73,2 mmL_f = 73{,}2\ \text{mm}.
  2. Allargament a trencament. A=73,2−6060⋅100=22 %A = \dfrac{73{,}2 - 60}{60}\cdot 100 = 22\ \%

Apartat d)

Resultat

ΔL=1,3 mm\Delta L = 1{,}3\ \text{mm}.

Resolució

  1. Zona de treball. Com que 130 MPa<260 MPa130\ \text{MPa} < 260\ \text{MPa}, la barra treballa en zona elàstica i es compleix la llei de Hooke.
  2. Deformació. ε=σ/E=130/200 000=6,5⋅10−4\varepsilon = \sigma/E = 130/200\,000 = 6{,}5\cdot10^{-4}.
  3. Allargament. ΔL=ε⋅L=6,5⋅10−4⋅2000 mm=1,3 mm\Delta L = \varepsilon\cdot L = 6{,}5\cdot10^{-4}\cdot 2000\ \text{mm} = 1{,}3\ \text{mm}.
  4. Comprovació. La tensió és la meitat de la del límit elàstic i la barra és 2000/60=33,32000/60 = 33{,}3 vegades més llarga que la proveta, de manera que ΔL=0,078⋅33,3/2=1,3 mm\Delta L = 0{,}078\cdot 33{,}3/2 = 1{,}3\ \text{mm}.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 26

Una barra d'acer de 3 m de llargada i 400 mm2 de secció queda encastada entre dos murs rígids a 15 °C, sense cap tensió. Dades de l'acer: E = 210 GPa, α = 12·10−610^{-6} °C−1\text{C}^{-1}, límit elàstic 235 MPa.
a) Quant s'allargaria la barra si fos lliure i la temperatura pugés fins a 55 °C?
b) Com que els murs no la deixen dilatar, calcula la tensió que apareix a la barra i digues si és de tracció o de compressió.
c) Calcula la força que fa la barra sobre cada mur.
d) Fins a quina temperatura es pot escalfar sense superar el límit elàstic?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 26

Apartat a)

Resultat

ΔL=1,44 mm\Delta L = 1{,}44\ \text{mm}.

Resolució

  1. Dades. L=3000 mmL = 3000\ \text{mm}, α=12⋅10−6 ∘C−1\alpha = 12\cdot10^{-6}\ ^{\circ}\text{C}^{-1}, ΔT=55−15=40 ∘C\Delta T = 55 - 15 = 40\ ^{\circ}\text{C}.
  2. Dilatació lliure. ΔL=α⋅ΔT⋅L=12⋅10−6⋅40⋅3000=1,44 mm\Delta L = \alpha\cdot\Delta T\cdot L = 12\cdot10^{-6}\cdot 40\cdot 3000 = 1{,}44\ \text{mm}

Apartat b)

Resultat

σ=100,8 MPa≈101 MPa\sigma = 100{,}8\ \text{MPa} \approx 101\ \text{MPa}, de compressió.

Resolució

  1. Plantejament. Els murs impedeixen l'allargament: és com si comprimíssim 1,44 mm la barra dilatada.
  2. Deformació impedida. ε=α⋅ΔT=12⋅10−6⋅40=4,8⋅10−4\varepsilon = \alpha\cdot\Delta T = 12\cdot10^{-6}\cdot 40 = 4{,}8\cdot10^{-4}.
  3. Llei de Hooke. σ=E⋅ε=210 000⋅4,8⋅10−4=100,8 MPa\sigma = E\cdot\varepsilon = 210\,000\cdot 4{,}8\cdot10^{-4} = 100{,}8\ \text{MPa} de compressió (la barra empeny els murs).
  4. Observació. Fixa't que la tensió no depèn de la longitud de la barra.

Apartat c)

Resultat

F=40 320 N≈40,3 kNF = 40\,320\ \text{N} \approx 40{,}3\ \text{kN} sobre cada mur.

Resolució

  1. Força. F=σ⋅S=100,8 N/mm2⋅400 mm2=40 320 N≈40,3 kNF = \sigma\cdot S = 100{,}8\ \text{N/mm}^{2}\cdot 400\ \text{mm}^{2} = 40\,320\ \text{N} \approx 40{,}3\ \text{kN}
  2. Conclusió. La barra fa aquesta força sobre cada mur (i cada mur, la mateixa sobre la barra).

Apartat d)

Resultat

Fins a uns 108 °C (ΔT≤93 ∘C\Delta T \leq 93\ ^{\circ}\text{C}).

Resolució

  1. Condició. σ=E⋅α⋅ΔT≤235 MPa\sigma = E\cdot\alpha\cdot\Delta T \leq 235\ \text{MPa}.
  2. Càlcul. ΔT≤235210 000⋅12⋅10−6=93 ∘C\Delta T \leq \dfrac{235}{210\,000\cdot 12\cdot10^{-6}} = 93\ ^{\circ}\text{C} és a dir, fins a 15+93≈108 ∘C15 + 93 \approx 108\ ^{\circ}\text{C}.
  3. Conclusió. Per sobre, la barra es deformaria plàsticament (o vinclaria abans, si és esvelta). Aquesta és la raó de les juntes de dilatació en ponts, vies de tren i canonades.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 27

El buc d'acer d'un vaixell porta cargolats uns blocs de zinc que cal canviar periòdicament. Potencials estàndard de reducció: Zn2+/Zn = −0,76 V; Fe2+/Fe = −0,44 V; Sn2+/Sn = −0,14 V; Cu2+/Cu = +0,34 V.
a) Explica per què l'acer es corroeix dins l'aigua de mar i per què els blocs de zinc el protegeixen.
b) Què passaria si, per error, els blocs fossin de coure?
c) Una planxa d'acer galvanitzada (recoberta de zinc) i una d'estanyada (recoberta d'estany) reben una ratllada que deixa l'acer al descobert. Raona quina de les dues es rovellarà més de pressa.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 27

Apartat a)

Resultat

L'acer es corroeix perquè l'aigua de mar és un electròlit i es formen piles locals; el zinc, més actiu (−0,76 V < −0,44 V), fa d'ànode de sacrifici i s'oxida ell en lloc de l'acer.

Resolució

  1. Corrosió de l'acer. L'aigua de mar és un electròlit: en el ferro es formen piles entre zones amb petites diferències de potencial. El ferro s'oxida a l'ànode (Fe→Fe2++2e−\mathrm{Fe \rightarrow Fe^{2+} + 2e^{-}}) i l'oxigen dissolt es redueix al càtode; el resultat és el rovell.
  2. Comparació de potencials. El zinc té un potencial de reducció més baix que el ferro: −0,76 V<−0,44 V-0{,}76\ \text{V} < -0{,}44\ \text{V}, és més actiu.
  3. Protecció. En contacte elèctric amb l'acer, és el zinc qui fa d'ànode i s'oxida (ànode de sacrifici), mentre que tot l'acer queda com a càtode i no es corroeix. Per això els blocs es consumeixen i cal substituir-los.

Apartat b)

Resultat

La corrosió del buc s'acceleraria: el coure (+0,34 V) faria de càtode i l'acer, d'ànode.

Resolució

  1. Comparació. El coure té un potencial més alt (+0,34 V) que el ferro (−0,44 V): és més noble.
  2. Conseqüència. Ara el coure seria el càtode i l'acer faria d'ànode: la corrosió del buc s'acceleraria molt (parell galvànic desfavorable).

Apartat c)

Resultat

Es rovellarà més de pressa la planxa estanyada; la galvanitzada continua protegida pel zinc.

Resolució

  1. Galvanitzada. Encara que la ratllada deixi l'acer al descobert, el zinc del voltant continua fent d'ànode i protegeix l'acer.
  2. Estanyada. L'estany (−0,14 V) és més noble que el ferro: a la ratllada l'acer és l'ànode d'una pila amb una gran superfície catòdica d'estany, i es rovella molt de pressa i de manera localitzada.
  3. Idea clau. Un recobriment metàl·lic protegeix bé si és més actiu (anòdic) que el metall base; si és més noble, només protegeix mentre està intacte.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 28

El coure cristal·litza en una xarxa cúbica centrada en les cares (FCC, 4 àtoms per cel·la) amb una aresta de cel·la a = 0,3615 nm. Dades: massa atòmica del Cu = 63,5 g/mol; NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol-1.
a) Calcula la massa d'una cel·la unitària i el volum que ocupa.
b) Calcula la densitat teòrica del coure.
c) En una xarxa FCC els àtoms es toquen al llarg de la diagonal d'una cara, de manera que a = 22\sqrt{2}·r. Calcula el radi atòmic del coure.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 28

Apartat a)

Resultat

m=4,22⋅10−22 gm = 4{,}22\cdot10^{-22}\ \text{g}; V=4,72⋅10−23 cm3V = 4{,}72\cdot10^{-23}\ \text{cm}^{3}.

Resolució

  1. Massa de la cel·la. Hi ha 4 àtoms, cadascun de massa M/NAM/N_A: m=4⋅63,56,022⋅1023=4,22⋅10−22 gm = \dfrac{4\cdot 63{,}5}{6{,}022\cdot10^{23}} = 4{,}22\cdot10^{-22}\ \text{g}
  2. Volum de la cel·la. Passa l'aresta a cm (1 nm=10−7 cm1\ \text{nm} = 10^{-7}\ \text{cm}): V=a3=(0,3615⋅10−7 cm)3=4,72⋅10−23 cm3V = a^{3} = (0{,}3615\cdot10^{-7}\ \text{cm})^{3} = 4{,}72\cdot10^{-23}\ \text{cm}^{3}

Apartat b)

Resultat

ρ=8,93 g/cm3\rho = 8{,}93\ \text{g/cm}^{3}.

Resolució

  1. Densitat teòrica. ρ=mV=4,22⋅10−224,72⋅10−23=8,93 g/cm3\rho = \dfrac{m}{V} = \dfrac{4{,}22\cdot10^{-22}}{4{,}72\cdot10^{-23}} = 8{,}93\ \text{g/cm}^{3}
  2. Interpretació. Coincideix amb el valor experimental (8,96 g/cm3); la petita diferència es deu als defectes de la xarxa real (vacants, límits de gra).

Apartat c)

Resultat

r=0,128 nmr = 0{,}128\ \text{nm}.

Resolució

  1. Contacte al llarg de la diagonal de la cara. a=22⋅ra = 2\sqrt{2}\cdot r.
  2. Càlcul. r=a22=0,36152,828=0,128 nmr = \dfrac{a}{2\sqrt{2}} = \dfrac{0{,}3615}{2{,}828} = 0{,}128\ \text{nm}
  3. Comprovació. 4⋅43πr3/a3=0,744\cdot\tfrac{4}{3}\pi r^{3}/a^{3} = 0{,}74, el factor d'empaquetament de la FCC (els àtoms ocupen el 74 % del volum).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 29

S'ha assajat al pèndol Charpy un acer de construcció a diferents temperatures, amb provetes de secció útil 0,8 cm2, i s'ha obtingut l'energia absorbida: 12 J a -40 °C, 25 J a -20 °C, 60 J a 0 °C, 110 J a 20 °C i 120 J a 40 °C.
a) Calcula la resiliència a 20 °C i a -20 °C.
b) Explica el fenomen que mostren aquestes dades i com s'anomena la temperatura al voltant de 0 °C.
c) Raona si aquest acer és adequat per a l'estructura d'un dipòsit situat a l'exterior en una estació d'esquí del Pirineu, on es poden assolir -25 °C.
d) Per què un aliatge d'alumini o un acer inoxidable austenític (xarxa FCC) no presenta aquest comportament?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 29

Apartat a)

Resultat

ρ(20 ∘C)=137,5 J/cm2\rho(20\ ^{\circ}\text{C}) = 137{,}5\ \text{J/cm}^{2}; ρ(−20 ∘C)=31,25 J/cm2\rho(-20\ ^{\circ}\text{C}) = 31{,}25\ \text{J/cm}^{2}.

Resolució

  1. Resiliència. ρ=W/S\rho = W/S, amb S=0,8 cm2S = 0{,}8\ \text{cm}^{2}.
  2. Càlcul. ρ(20 ∘C)=110/0,8=137,5 J/cm2\rho(20\ ^{\circ}\text{C}) = 110/0{,}8 = 137{,}5\ \text{J/cm}^{2}; ρ(−20 ∘C)=25/0,8=31,25 J/cm2\rho(-20\ ^{\circ}\text{C}) = 25/0{,}8 = 31{,}25\ \text{J/cm}^{2}.
  3. Observació. En refredar només 40 °C, la resiliència es divideix per més de 4.

Apartat b)

Resultat

És la transició dúctil-fràgil; la temperatura al voltant de 0 °C és la temperatura de transició.

Resolució

  1. Comportament a temperatura ambient. L'acer absorbeix molta energia i trenca de manera dúctil (fractura fibrosa, amb deformació).
  2. Comportament a baixa temperatura. Per sota d'una certa temperatura la fractura passa a ser fràgil (cristal·lina, brillant, sense deformació).
  3. Temperatura de transició. És la temperatura en què la resiliència cau bruscament: aquí, al voltant de 0 °C.

Apartat c)

Resultat

No és adequat: a −25 °C l'acer és en plena zona fràgil (uns 25–30 J/cm2).

Resolució

  1. Estimació a −25 °C. Entre −40 °C (15 J/cm2) i −20 °C (31,25 J/cm2), a −25 °C la resiliència seria d'uns 25–30 J/cm2, en plena zona fràgil.
  2. Risc. Un cop o una sobrecàrrega podria provocar una fractura sobtada, sense avís.
  3. Solució. Caldria un acer amb la temperatura de transició més baixa (de gra fi o aliat amb níquel) i comprovar que compleix la resiliència mínima exigida per la norma a la temperatura de servei.

Apartat d)

Resultat

Perquè en les xarxes FCC els plans de lliscament continuen actius a baixa temperatura: no hi ha transició.

Resolució

  1. Xarxes FCC. Els plans de lliscament continuen actius a baixa temperatura i la deformació plàstica sempre és possible, de manera que la resiliència baixa suaument.
  2. Conclusió. La transició dúctil-fràgil és pròpia dels metalls BCC, com els acers ferrítics; l'alumini i els inoxidables austenítics (FCC) no la presenten.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 30

Un acer té un 0,40 % de carboni. Just per sota de la temperatura eutectoide (727 °C), el diagrama ferro-carboni indica que està format per ferrita proeutectoide (0,02 % C) i perlita (0,77 % C), i que la cementita (Fe3C) té un 6,67 % C.
a) Aplica la regla de la palanca per calcular el percentatge de perlita i de ferrita proeutectoide.
b) Calcula el percentatge total de ferrita i de cementita de l'acer.
c) Raona com variarien la duresa i la ductilitat si l'acer tingués un 0,70 % de carboni.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 30

Apartat a)

Resultat

Perlita ≈ 50,7 %; ferrita proeutectoide ≈ 49,3 %.

Resolució

  1. Dades. C0=0,40 %C_0 = 0{,}40\ \%, ferrita 0,02 % C, perlita 0,77 % C.
  2. Regla de la palanca. La fracció d'una fase és el segment oposat dividit pel segment total.
  3. Càlcul. % perlita=0,40−0,020,77−0,02⋅100=0,380,75⋅100=50,7 %\%\,\text{perlita} = \dfrac{0{,}40 - 0{,}02}{0{,}77 - 0{,}02}\cdot 100 = \dfrac{0{,}38}{0{,}75}\cdot 100 = 50{,}7\ \% % ferrita proeutectoide=0,77−0,400,77−0,02⋅100=49,3 %\%\,\text{ferrita proeutectoide} = \dfrac{0{,}77 - 0{,}40}{0{,}77 - 0{,}02}\cdot 100 = 49{,}3\ \%
  4. Comprovació. 50,7+49,3=100 %50{,}7 + 49{,}3 = 100\ \%.

Apartat b)

Resultat

Ferrita total ≈ 94,3 %; cementita ≈ 5,7 %.

Resolució

  1. Fases. Ara les fases són ferrita (0,02 % C) i cementita (6,67 % C).
  2. Regla de la palanca. % ferrita=6,67−0,406,67−0,02⋅100=6,276,65⋅100=94,3 %\%\,\text{ferrita} = \dfrac{6{,}67 - 0{,}40}{6{,}67 - 0{,}02}\cdot 100 = \dfrac{6{,}27}{6{,}65}\cdot 100 = 94{,}3\ \% i la cementita, 100−94,3=5,7 %100 - 94{,}3 = 5{,}7\ \%.
  3. Interpretació. La diferència entre la ferrita total (94,3 %) i la proeutectoide (49,3 %) és la ferrita que hi ha dins de les làmines de la perlita.

Apartat c)

Resultat

Amb un 0,70 % C l'acer seria més dur i resistent, però menys dúctil i tenaç.

Resolució

  1. Més perlita. Amb un 0,70 % C la perlita arribaria gairebé al 100 %: 0,68/0,75=91 %0{,}68/0{,}75 = 91\ \%.
  2. Efecte. La perlita, amb les seves làmines dures de cementita, és molt més dura que la ferrita: l'acer seria més dur i resistent, però menys dúctil i menys tenaç.
  3. Conclusió. Per això els acers de construcció tenen poc carboni i els d'eines en tenen més.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preparat per a la universitat

Els exercicis més exigents: nivell PAU alt i primer curs de grau. Veure totes les matèries

Exercici 31

Una passarel·la per a vianants penja d'uns tirants verticals de 4 m de longitud. El tirant més carregat ha de suportar una força de tracció de 60 kN. Es comparen dos materials: un acer S275 (límit elàstic σe = 275 MPa, E = 210 GPa, densitat 7850 kg/m3\text{kg/m}^{3}) i un aliatge d'alumini (σe = 240 MPa, E = 69 GPa, densitat 2700 kg/m3\text{kg/m}^{3}). El projecte imposa un coeficient de seguretat de 2,5 respecte del límit elàstic i els diàmetres s'arrodoneixen al mil·límetre superior.
a) Calcula el diàmetre mínim del tirant per a cada material, l'allargament que tindrà sota la càrrega i la seva massa.
b) Per evitar que la passarel·la «boti» en caminar-hi, s'afegeix un segon requisit: l'allargament del tirant no pot superar 2,5 mm. Quin material compleix els dos requisits amb el diàmetre de l'apartat a)? Redimensiona l'altre perquè també compleixi.
c) Amb els dos tirants ja vàlids, compara'n la massa i raona per què el resultat és tan ajustat, relacionant-ho amb el quocient E/ρ de cada material.

Pista 1

Hi ha dues condicions de disseny diferents: una de resistència (la tensió no pot passar de σe/2,5) i una de rigidesa (l'allargament ΔL = σ·L/E no pot passar de 2,5 mm). Cada una dona una secció mínima.

Pista 2

Per a la condició de rigidesa, aïlla la secció de ΔL = F·L/(E·S): S ≥ F·L/(E·ΔLmàx).

Pista 3

Quan dues peces han de tenir la mateixa rigidesa F/ΔL i la mateixa longitud, el producte E·S és el mateix; la massa és ρ·S·L, de manera que és proporcional a ρ/E.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 31

Apartat a)

Resultat

Acer: d=27 mmd = 27\ \text{mm}, ΔL=2,0 mm\Delta L = 2{,}0\ \text{mm}, m=18,0 kgm = 18{,}0\ \text{kg}; alumini: d=29 mmd = 29\ \text{mm}, ΔL=5,3 mm\Delta L = 5{,}3\ \text{mm}, m=7,1 kgm = 7{,}1\ \text{kg}.

Resolució

  1. Dimensionament a resistència. La tensió admissible és σadm=σe/2,5\sigma_{adm} = \sigma_e/2{,}5 i la secció mínima, S≥F/σadmS \geq F/\sigma_{adm}, amb F=60 000 NF = 60\,000\ \text{N} i L=4 mL = 4\ \text{m}.
  2. Acer. σadm=275/2,5=110 MPa\sigma_{adm} = 275/2{,}5 = 110\ \text{MPa} → S≥60 000/110=545,5 mm2S \geq 60\,000/110 = 545{,}5\ \text{mm}^{2} → d≥4⋅545,5/π=26,4 mmd \geq \sqrt{4\cdot 545{,}5/\pi} = 26{,}4\ \text{mm} → d = 27 mm (S=572,6 mm2S = 572{,}6\ \text{mm}^{2}).
  3. Acer: allargament i massa. σ=60 000/572,6=104,8 MPa\sigma = 60\,000/572{,}6 = 104{,}8\ \text{MPa}; ΔL=σ⋅LE=104,8⋅106⋅4210⋅109=2,00⋅10−3 m=2,0 mm\Delta L = \dfrac{\sigma\cdot L}{E} = \dfrac{104{,}8\cdot10^{6}\cdot 4}{210\cdot10^{9}} = 2{,}00\cdot10^{-3}\ \text{m} = 2{,}0\ \text{mm} Massa: 572,6⋅10−6⋅4⋅7850=18,0 kg572{,}6\cdot10^{-6}\cdot 4\cdot 7850 = 18{,}0\ \text{kg}.
  4. Alumini. σadm=240/2,5=96 MPa\sigma_{adm} = 240/2{,}5 = 96\ \text{MPa} → S≥625 mm2S \geq 625\ \text{mm}^{2} → d≥28,2 mmd \geq 28{,}2\ \text{mm} → d = 29 mm (S=660,5 mm2S = 660{,}5\ \text{mm}^{2}).
  5. Alumini: allargament i massa. σ=90,8 MPa\sigma = 90{,}8\ \text{MPa}; ΔL=90,8⋅106⋅4/(69⋅109)=5,3 mm\Delta L = 90{,}8\cdot10^{6}\cdot 4/(69\cdot10^{9}) = 5{,}3\ \text{mm}. Massa: 660,5⋅10−6⋅4⋅2700=7,1 kg660{,}5\cdot10^{-6}\cdot 4\cdot 2700 = 7{,}1\ \text{kg}.

Apartat b)

Resultat

Compleix l'acer (2,0 mm ≤ 2,5 mm); l'alumini s'ha de redimensionar a d=43 mmd = 43\ \text{mm} (ΔL=2,4 mm\Delta L = 2{,}4\ \text{mm}).

Resolució

  1. Comprovació. L'acer (2,0 mm ≤ 2,5 mm) ja compleix. L'alumini no: s'allarga més del doble, perquè el seu mòdul elàstic és tres vegades menor.
  2. Condició de rigidesa. De ΔL=F⋅L/(E⋅S)\Delta L = F\cdot L/(E\cdot S): S≥F⋅LE⋅ΔLmax=60 000⋅469⋅109⋅0,0025=1,391⋅10−3 m2=1391 mm2S \geq \dfrac{F\cdot L}{E\cdot \Delta L_{max}} = \dfrac{60\,000\cdot 4}{69\cdot10^{9}\cdot 0{,}0025} = 1{,}391\cdot10^{-3}\ \text{m}^{2} = 1391\ \text{mm}^{2}
  3. Nou diàmetre. d≥42,1 mmd \geq 42{,}1\ \text{mm} → d = 43 mm. Amb aquest diàmetre, ΔL=2,4 mm\Delta L = 2{,}4\ \text{mm} i la tensió baixa a 41 MPa.
  4. Interpretació. El tirant d'alumini queda «sobredimensionat» a resistència, perquè el criteri que mana és la rigidesa.

Apartat c)

Resultat

Alumini (43 mm): m=15,7 kgm = 15{,}7\ \text{kg}; acer: m=18,0 kgm = 18{,}0\ \text{kg}. L'avantatge de l'alumini baixa del 60 % al 13 % perquè, quan mana la rigidesa, la massa és proporcional a ρ/E, i E/ρ és gairebé igual en tots dos (26,8·106 i 25,6·106 m2/s2).

Resolució

  1. Massa del tirant d'alumini de 43 mm. m=π4⋅0,0432⋅4⋅2700=15,7 kgm = \dfrac{\pi}{4}\cdot 0{,}043^{2}\cdot 4\cdot 2700 = 15{,}7\ \text{kg} davant dels 18,0 kg de l'acer. L'alumini continua sent lleugerament més lleuger, però l'avantatge passa d'un 60 % (apartat a) a només un 13 %.
  2. Massa i rigidesa. Amb la mateixa rigidesa F/ΔLF/\Delta L i la mateixa longitud, el producte E⋅SE\cdot S és el mateix; la massa és ρ⋅S⋅L\rho\cdot S\cdot L, de manera que és proporcional a ρ/E\rho/E.
  3. Rigidesa específica. Acer: E/ρ=210⋅109/7850=26,8⋅106 m2/s2E/\rho = 210\cdot10^{9}/7850 = 26{,}8\cdot10^{6}\ \text{m}^{2}/\text{s}^{2}; alumini: 69⋅109/2700=25,6⋅106 m2/s269\cdot10^{9}/2700 = 25{,}6\cdot10^{6}\ \text{m}^{2}/\text{s}^{2}. Són pràcticament iguals: els metalls estructurals habituals tenen una rigidesa específica molt semblant.
  4. Per què l'alumini surt una mica millor. El diàmetre de l'acer s'ha fixat per resistència i, arrodonit, té marge de rigidesa (només s'allarga 2,0 mm dels 2,5 permesos).
  5. Conclusió. La decisió final es prendria per altres criteris: cost, volum (el tirant d'alumini fa 43 mm), corrosió i unions.

Errors típics

  • Dimensionar només a resistència i oblidar el requisit de deformació, que en materials de mòdul baix és el que acaba manant.
  • Arrodonir el diàmetre a la baixa (26 mm per a l'acer): la tensió superaria l'admissible.
  • Treballar amb MPa i mm a la tensió però amb GPa i m a l'allargament sense convertir: cal ser coherent (1 MPa = 1 N/mm2).
  • Concloure que l'alumini sempre és molt més lleuger: només ho és quan mana la resistència (σ/ρ), no quan mana la rigidesa (E/ρ).

Conceptes treballats: tensió i deformació, llei de Hooke, mòdul elàstic, coeficient de seguretat, dimensionament a resistència i a rigidesa, rigidesa específica E/ρ, selecció de materials.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 32

Un laboratori assaja a tracció una proveta cilíndrica d'un acer de diàmetre inicial d0d_{0} = 10 mm i longitud entre marques L0L_{0} = 50 mm. Les dades registrades són:
• Amb F = 15,7 kN (zona lineal) l'allargament és ΔL = 0,0476 mm.
• El límit elàstic s'assoleix amb FeF_{e} = 27,5 kN.
• La força màxima és FmaˋxF_{\mathrm{màx}} = 41,2 kN.
• Després de la ruptura, la distància entre marques és de 63,5 mm i el diàmetre a la zona de la ruptura és de 6,4 mm.
a) Calcula el mòdul d'elasticitat, el límit elàstic, la resistència a la tracció, l'allargament a la ruptura (A %) i l'estricció (Z %).
b) Amb aquest acer es vol fer un tirant que suporti 18 kN amb un coeficient de seguretat de 2 respecte del límit elàstic. Calcula'n el diàmetre mínim.
c) Si l'assaig s'hagués fet amb una proveta de 20 mm de diàmetre del mateix acer, com haurien canviat FeF_{e}, FmaˋxF_{\mathrm{màx}}, σeσ_{e} i σRσ_{R}? Raona-ho.
d) Interpreta els valors d'A % i Z %: és un material adequat per a una peça que, si falla, ha d'avisar abans de trencar-se?

Pista 1

Passa primer les forces a tensions dividint per la secció inicial S0S_{0} = π·d0d_{0}2/4, i l'allargament a deformació unitària dividint per L0L_{0}.

Pista 2

L'allargament a la ruptura compara longituds Lf−L0L0\tfrac{L_{f} - L_{0}}{L_{0}}; l'estricció compara seccions S0−SfS0\tfrac{S_{0} - S_{f}}{S_{0}}.

Pista 3

Les tensions característiques són propietats del material; les forces depenen de la mida de la proveta.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 32

Apartat a)

Resultat

E=210 GPaE = 210\ \text{GPa}; σe=350 MPa\sigma_e = 350\ \text{MPa}; σR=525 MPa\sigma_R = 525\ \text{MPa}; A=27 %A = 27\ \%; Z=59 %Z = 59\ \%.

Resolució

  1. Secció inicial. S0=π⋅102/4=78,54 mm2S_0 = \pi\cdot 10^{2}/4 = 78{,}54\ \text{mm}^{2}. Totes les tensions de l'assaig es calculen amb aquesta secció.
  2. Mòdul d'elasticitat. σ=15 700/78,54=199,9 MPa\sigma = 15\,700/78{,}54 = 199{,}9\ \text{MPa} i ε=0,0476/50=9,52⋅10−4\varepsilon = 0{,}0476/50 = 9{,}52\cdot10^{-4}, per tant E=σε=199,99,52⋅10−4=2,10⋅105 MPa=210 GPaE = \dfrac{\sigma}{\varepsilon} = \dfrac{199{,}9}{9{,}52\cdot10^{-4}} = 2{,}10\cdot10^{5}\ \text{MPa} = 210\ \text{GPa} valor típic d'un acer, cosa que valida la mesura.
  3. Límit elàstic i resistència. σe=27 500/78,54=350 MPa\sigma_e = 27\,500/78{,}54 = 350\ \text{MPa}; σR=41 200/78,54=525 MPa\sigma_R = 41\,200/78{,}54 = 525\ \text{MPa}.
  4. Allargament i estricció. A=(63,5−50)/50=0,27A = (63{,}5 - 50)/50 = 0{,}27 → 27 %; Z=1−(6,4/10)2=0,590Z = 1 - (6{,}4/10)^{2} = 0{,}590 → 59 %.

Apartat b)

Resultat

dmin=11,4 mmd_{min} = 11{,}4\ \text{mm} → s'agafaria d = 12 mm.

Resolució

  1. Tensió admissible. σadm=350/2=175 MPa\sigma_{adm} = 350/2 = 175\ \text{MPa}.
  2. Secció mínima. S≥18 000⋅2/350,1=102,8 mm2S \geq 18\,000\cdot 2/350{,}1 = 102{,}8\ \text{mm}^{2}.
  3. Diàmetre. d≥4⋅102,8/π=11,4 mmd \geq \sqrt{4\cdot 102{,}8/\pi} = 11{,}4\ \text{mm} → s'agafaria d = 12 mm.

Apartat c)

Resultat

Fe≈110 kNF_e \approx 110\ \text{kN} i Fmax≈165 kNF_{max} \approx 165\ \text{kN} (4 vegades més); σe\sigma_e i σR\sigma_R no canvien (350 i 525 MPa).

Resolució

  1. Secció. Amb d = 20 mm la secció és 4 vegades més gran (va amb el quadrat del diàmetre).
  2. Forces. Fe≈4⋅27,5=110 kNF_e \approx 4\cdot 27{,}5 = 110\ \text{kN} i Fmax≈4⋅41,2=165 kNF_{max} \approx 4\cdot 41{,}2 = 165\ \text{kN}: quatre vegades més.
  3. Tensions. σe\sigma_e i σR\sigma_R serien les mateixes (350 i 525 MPa): són propietats del material, i precisament per això els assaigs es donen en tensions i no en forces.
  4. Matís. L'allargament A % sí que depèn una mica de la geometria; per això les normes fixen la relació entre L0L_0 i S0S_0 de la proveta.

Apartat d)

Resultat

Sí: A = 27 % i Z = 59 % indiquen un acer clarament dúctil, que es deforma i avisa abans de trencar-se.

Resolució

  1. Interpretació. Un 27 % d'allargament i un 59 % d'estricció indiquen un acer clarament dúctil: abans de trencar-se es deforma molt i forma un coll visible.
  2. Peça de seguretat. És el comportament que volem, perquè la deformació plàstica avisa (es veu, fa soroll, absorbeix energia) abans de la ruptura.
  3. Marge. A més, σe/σR=0,67\sigma_e/\sigma_R = 0{,}67 deixa un bon marge entre el moment en què la peça comença a quedar deformada i el moment en què es trenca.

Errors típics

  • Calcular la tensió de ruptura amb la secció final (6,4 mm): la tensió convencional de l'assaig es calcula sempre amb la secció inicial.
  • Confondre l'allargament a la ruptura (longituds) amb l'estricció (seccions).
  • Dir que una proveta més gruixuda dona un límit elàstic més gran: dona una força més gran, però la mateixa tensió.
  • Oblidar passar la deformació a valor adimensional (ΔL/L0) abans de calcular E.

Conceptes treballats: assaig de tracció, diagrama tensió-deformació, mòdul elàstic, límit elàstic, resistència a la tracció, ductilitat (A % i Z %), coeficient de seguretat.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 33

Per acceptar un lot d'eixos d'acer, el comprador exigeix una resistència a la tracció mínima de 650 MPa. Com que no es poden trencar eixos, es fa un assaig de duresa Brinell, on HB = 2·F[π⋅D⋅(D−D2−d2)]\tfrac{F}{[\pi \cdot D\cdot (D - \sqrt{D^{2} - d^{2}})]}, amb F en kgf i D i d en mm. Per als acers s'accepta la relació empírica σRσ_{R} ≈ 3,45·HB (σRσ_{R} en MPa).
• Assaig 1: bola de D = 10 mm, F = 3000 kgf, diàmetre de l'empremta d = 4,20 mm.
• Assaig 2: bola de D = 5 mm, F = 750 kgf, d = 2,10 mm.
• Assaig 3 (fet per un tècnic nou): bola de D = 5 mm, F = 3000 kgf, d = 3,60 mm.
a) Calcula la duresa de cada assaig.
b) Raona per què els assaigs 1 i 2 donen el mateix resultat i per què l'assaig 3 no és vàlid, encara que s'hagi fet sobre el mateix material.
c) Amb un resultat vàlid, estima σRσ_{R} i decideix si s'accepta el lot.
d) Per què una mesura de duresa permet acceptar peces sense destruir-les, però no pot substituir del tot l'assaig de tracció?

Pista 1

Aplica la fórmula a cada assaig amb les seves dades. Fixa't en el quocient F/D2\text{F/D}^{2} de cada un.

Pista 2

En els assaigs Brinell, perquè els resultats siguin comparables, les empremtes han de ser geomètricament semblants: el quocient F/D2\text{F/D}^{2} (la «constant d'assaig») ha de ser el mateix i d ha de quedar aproximadament entre 0,25·D i 0,6·D.

Pista 3

La relació σRσ_{R} ≈ 3,45·HB és empírica: pensa quines propietats de l'assaig de tracció no es poden deduir d'una empremta.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 33

Apartat a)

Resultat

Assaig 1: 206 HB; assaig 2: 206 HB; assaig 3: 250 HB.

Resolució

  1. Fórmula. HB=2FπD (D−D2−d2)\text{HB} = \dfrac{2F}{\pi D\,(D - \sqrt{D^{2} - d^{2}})} amb F en kgf i D, d en mm.
  2. Assaig 1. 100−17,64=9,075\sqrt{100 - 17{,}64} = 9{,}075; D−9,075=0,925D - 9{,}075 = 0{,}925; HB=2⋅3000/(π⋅10⋅0,925)=206\text{HB} = 2\cdot 3000/(\pi\cdot 10\cdot 0{,}925) = 206.
  3. Assaig 2. 25−4,41=4,538\sqrt{25 - 4{,}41} = 4{,}538; D−4,538=0,462D - 4{,}538 = 0{,}462; HB=2⋅750/(π⋅5⋅0,462)=206\text{HB} = 2\cdot 750/(\pi\cdot 5\cdot 0{,}462) = 206.
  4. Assaig 3. 25−12,96=3,470\sqrt{25 - 12{,}96} = 3{,}470; D−3,470=1,530D - 3{,}470 = 1{,}530; HB=2⋅3000/(π⋅5⋅1,530)=250\text{HB} = 2\cdot 3000/(\pi\cdot 5\cdot 1{,}530) = 250.

Apartat b)

Resultat

1 i 2 tenen la mateixa constant F/D2=30F/D^{2} = 30 i la mateixa d/D=0,42d/D = 0{,}42 (empremtes semblants); el 3 té F/D2=120F/D^{2} = 120 i d/D=0,72d/D = 0{,}72: no és vàlid.

Resolució

  1. Assaigs 1 i 2. F/D2=3000/100=750/25=30F/D^{2} = 3000/100 = 750/25 = 30 i la relació d/D és la mateixa (0,42): les empremtes són geomètricament semblants i la duresa coincideix, com ha de passar en un mateix material.
  2. Assaig 3. F/D2=3000/25=120F/D^{2} = 3000/25 = 120: la càrrega és quatre vegades massa gran per a aquella bola.
  3. Conseqüències. L'empremta és molt profunda (d/D = 0,72, fora de l'interval 0,25–0,6), la bola es pot deformar i el material al voltant s'endureix per deformació.
  4. Conclusió. El valor de l'assaig 3 no és comparable amb els altres i s'ha de descartar.

Apartat c)

Resultat

σR≈711 MPa≥650 MPa\sigma_R \approx 711\ \text{MPa} \geq 650\ \text{MPa}: el lot s'accepta (marge del 9 %).

Resolució

  1. Relació empírica. σR≈3,45⋅HB=3,45⋅206=711 MPa\sigma_R \approx 3{,}45\cdot\text{HB} = 3{,}45\cdot 206 = 711\ \text{MPa}.
  2. Decisió. 711≥650 MPa711 \geq 650\ \text{MPa} → el lot s'accepta, amb un marge del 9 %.
  3. Advertència. Amb l'assaig 3 (250 HB → 861 MPa) s'hauria arribat a la mateixa decisió, però per casualitat: amb un material més just, un assaig mal fet podria fer acceptar un lot defectuós.

Apartat d)

Resultat

L'empremta és petita i la peça continua sent útil, però la duresa no informa del límit elàstic, del mòdul, de la ductilitat ni de la tenacitat.

Resolució

  1. Per què permet acceptar peces. L'empremta és petita i es pot fer en una zona no crítica, de manera que la peça continua sent útil: per això la duresa serveix per controlar el 100 % de la producció.
  2. Limitacions. La relació amb σR\sigma_R és només aproximada i val per a acers; i una empremta no diu res del límit elàstic, del mòdul elàstic ni, sobretot, de la ductilitat (A %, Z %) o la tenacitat.
  3. Conclusió. L'assaig de tracció es continua fent sobre provetes per caracteritzar el material, i la duresa es fa servir per comprovar que cada peça és com la mostra assajada.

Errors típics

  • Fer servir F en newtons a la fórmula, que està definida amb F en kgf.
  • Pensar que la duresa és independent de les condicions d'assaig: només ho és si F/D2 es manté constant.
  • Prendre σR ≈ 3,45·HB com una llei exacta i vàlida per a qualsevol material.

Conceptes treballats: assaig Brinell, semblança geomètrica de les empremtes (F/D2), relació duresa-resistència, assaigs destructius i no destructius, control de qualitat.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 34

Per a una estructura metàl·lica d'una estació d'esquí del Ripollès, on a l'hivern s'arriba a −20 °C, la norma exigeix que l'acer absorbeixi almenys 27 J en l'assaig Charpy a la temperatura mínima de servei. S'assaja l'acer amb un pèndol de massa m = 20 kg, amb el centre de massa a 0,75 m de l'eix de gir, que es deixa anar des d'un angle de 150° respecte de la vertical (g = 9,81 m/s2\text{m/s}^{2}). La secció resistent de la proveta, sota l'entalla, és de 0,8 cm2. Després de trencar la proveta, el pèndol puja fins a aquests angles:
• a 20 °C: 60°; • a −20 °C: 120°; • a −40 °C: 140°.
a) Calcula l'energia inicial del pèndol.
b) Calcula l'energia absorbida i la resiliència (J/cm2) a cada temperatura.
c) L'acer és apte per a l'estació d'esquí? I per a una instal·lació on es pogués arribar a −40 °C?
d) Explica què indiquen aquests resultats sobre el comportament de l'acer i per què, en una estructura, no n'hi ha prou de conèixer el límit elàstic.

Pista 1

L'altura del centre de massa respecte de la posició més baixa, quan el braç forma un angle α amb la vertical, és h = L·(1 − cos α).

Pista 2

L'energia absorbida és la diferència d'energies potencials entre la posició inicial i la final: E = m·g·(h0h_{0} − h1h_{1}).

Pista 3

Compara cada valor amb els 27 J. Fixa't en com canvia l'energia absorbida entre 20 °C i −40 °C: no és una variació suau.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 34

Apartat a)

Resultat

E0=274,6 JE_0 = 274{,}6\ \text{J}.

Resolució

  1. Altura inicial del centre de massa. h0=L (1−cos⁡150∘)=0,75⋅(1+0,866)=1,400 mh_0 = L\,(1 - \cos 150^{\circ}) = 0{,}75\cdot(1 + 0{,}866) = 1{,}400\ \text{m}
  2. Energia potencial. E0=m⋅g⋅h0=20⋅9,81⋅1,400=274,6 JE_0 = m\cdot g\cdot h_0 = 20\cdot 9{,}81\cdot 1{,}400 = 274{,}6\ \text{J}.

Apartat b)

Resultat

20 °C: 201 J, 251 J/cm2; −20 °C: 53,9 J, 67 J/cm2; −40 °C: 14,7 J, 18 J/cm2.

Resolució

  1. Energia absorbida. És la diferència d'energies potencials entre la posició inicial i la final: E=m⋅g⋅(h0−h1)E = m\cdot g\cdot(h_0 - h_1), amb h1=L (1−cos⁡α)h_1 = L\,(1 - \cos\alpha).
  2. 20 °C. h1=0,75⋅(1−cos⁡60∘)=0,375 mh_1 = 0{,}75\cdot(1 - \cos 60^{\circ}) = 0{,}375\ \text{m} → 73,6 J; absorbida =274,6−73,6=201 J= 274{,}6 - 73{,}6 = 201\ \text{J}; resiliència =201/0,8=251 J/cm2= 201/0{,}8 = 251\ \text{J/cm}^{2}.
  3. −20 °C. h1=0,75⋅(1−cos⁡120∘)=1,125 mh_1 = 0{,}75\cdot(1 - \cos 120^{\circ}) = 1{,}125\ \text{m} → 220,7 J; absorbida = 53,9 J; resiliència = 67 J/cm2.
  4. −40 °C. h1=0,75⋅(1−cos⁡140∘)=1,325 mh_1 = 0{,}75\cdot(1 - \cos 140^{\circ}) = 1{,}325\ \text{m} → 259,9 J; absorbida = 14,7 J; resiliència = 18 J/cm2.

Apartat c)

Resultat

Apte per a l'estació d'esquí (53,9 J ≥ 27 J a −20 °C); no apte per a −40 °C (14,7 J < 27 J).

Resolució

  1. A −20 °C. Absorbeix 53,9 J ≥ 27 J: és apte per a l'estació d'esquí, amb un marge raonable.
  2. A −40 °C. Només absorbeix 14,7 J < 27 J: no seria apte; caldria un acer d'una qualitat garantida a temperatures més baixes.

Apartat d)

Resultat

L'acer passa de dúctil a fràgil entre −20 °C i −40 °C; el límit elàstic gairebé no canvia, i per això no avisa d'aquest risc de fractura fràgil sobtada.

Resolució

  1. Transició dúctil-fràgil. L'energia absorbida cau de 201 J a 14,7 J en 60 °C: l'acer passa d'un comportament dúctil (es deforma i absorbeix molta energia abans de trencar-se) a un comportament fràgil (es trenca de cop, sense avisar).
  2. Zona de transició. Aquest canvi es produeix en un interval de temperatures que, en aquest acer, és entre −20 °C i −40 °C.
  3. Per què no n'hi ha prou amb el límit elàstic. El límit elàstic gairebé no canvia amb aquesta baixada de temperatura, de manera que un càlcul estàtic diria que l'estructura és segura; però un cop, una vibració o una petita esquerda podrien provocar una fractura fràgil sobtada.
  4. Conclusió. Per això les normes d'acers estructurals exigeixen una energia Charpy mínima a la temperatura de servei.

Errors típics

  • Mesurar l'altura com L·cos α en lloc de L·(1 − cos α), o prendre l'angle respecte de l'horitzontal.
  • Donar com a energia absorbida l'energia final del pèndol en lloc de la diferència.
  • Pensar que la tenacitat d'un acer és una propietat constant: depèn molt de la temperatura.
  • Dividir l'energia per la secció total de la proveta en lloc de la secció sota l'entalla.

Conceptes treballats: assaig de resiliència Charpy, conservació de l'energia mecànica, tenacitat, transició dúctil-fràgil, selecció de materials segons les condicions de servei.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 35

Un anell d'alumini (α = 23·10−610^{-6} K−1\text{K}^{-1}, E = 69 GPa, σeσ_{e} = 160 MPa) s'ha de muntar «en calent» sobre un eix d'acer (α = 12·10−610^{-6} K−1\text{K}^{-1}). A 20 °C, el diàmetre interior de l'anell és de 49,95 mm i el de l'eix, de 50,00 mm. Per poder-lo introduir sense forçar, cal un joc mínim de 0,03 mm.
a) Fins a quina temperatura cal escalfar l'anell, si l'eix es manté a 20 °C?
b) Alternativament, es podria refredar l'eix i deixar l'anell a 20 °C. Quina temperatura cal assolir? Raona si n'hi hauria prou amb gel sec (−78 °C) o si cal nitrogen líquid (−196 °C).
c) Un cop a 20 °C, la interferència (0,05 mm) queda absorbida per l'anell. Suposant que l'eix no es deforma, estima la deformació unitària i la tensió a l'anell i comprova si treballa en zona elàstica.
d) El conjunt ha de treballar dins d'una màquina a 120 °C. Què passarà amb la unió? A partir de quina temperatura deixa d'haver-hi interferència?

Pista 1

La dilatació d'un diàmetre segueix la mateixa llei que la d'una longitud: Δd = α·d·ΔT. Calcula quant ha de créixer el forat perquè passi de 49,95 mm a 50,03 mm.

Pista 2

A l'apartat c), si el forat s'ha d'eixamplar 0,05 mm, la circumferència de l'anell s'allarga en la mateixa proporció que el diàmetre.

Pista 3

A l'apartat d) s'escalfen les dues peces alhora: compta quant creix cada diàmetre i mira què passa amb la diferència.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 35

Apartat a)

Resultat

Cal escalfar l'anell fins a uns 90 °C (ΔT=69,6 K\Delta T = 69{,}6\ \text{K}).

Resolució

  1. Plantejament. El diàmetre interior ha de passar de 49,95 a 50,00+0,03=50,03 mm50{,}00 + 0{,}03 = 50{,}03\ \text{mm}: Δd=0,08 mm\Delta d = 0{,}08\ \text{mm}.
  2. Dilatació d'un diàmetre. Segueix la mateixa llei que una longitud: Δd=α⋅d⋅ΔT\Delta d = \alpha\cdot d\cdot\Delta T. Un forat es dilata com si fos del mateix material.
  3. Càlcul. ΔT=Δdα⋅d=0,0823⋅10−6⋅49,95=69,6 K\Delta T = \dfrac{\Delta d}{\alpha\cdot d} = \dfrac{0{,}08}{23\cdot10^{-6}\cdot 49{,}95} = 69{,}6\ \text{K} → T≈20+70=90 ∘CT \approx 20 + 70 = 90\ ^{\circ}\text{C}.

Apartat b)

Resultat

T=−113 ∘CT = -113\ ^{\circ}\text{C}: el gel sec (−78 °C) no n'hi ha prou; caldria nitrogen líquid.

Resolució

  1. Plantejament. Ara és l'eix el que s'ha d'encongir fins a 49,95−0,03=49,92 mm49{,}95 - 0{,}03 = 49{,}92\ \text{mm}: Δd=0,08 mm\Delta d = 0{,}08\ \text{mm}.
  2. Càlcul. ΔT=0,0812⋅10−6⋅50=133 K\Delta T = \dfrac{0{,}08}{12\cdot10^{-6}\cdot 50} = 133\ \text{K} → T=20−133=−113 ∘CT = 20 - 133 = -113\ ^{\circ}\text{C}.
  3. Conclusió. El gel sec (−78 °C) no n'hi ha prou; caldria nitrogen líquid. L'acer es dilata menys que l'alumini, i per això cal un salt tèrmic gairebé el doble: en aquest cas és molt més pràctic escalfar l'anell.

Apartat c)

Resultat

ε=1,0⋅10−3\varepsilon = 1{,}0\cdot10^{-3}; σ=69 MPa<160 MPa\sigma = 69\ \text{MPa} < 160\ \text{MPa}: treballa en zona elàstica.

Resolució

  1. Interferència. 50,00−49,95=0,05 mm50{,}00 - 49{,}95 = 0{,}05\ \text{mm}. La circumferència de l'anell s'allarga en la mateixa proporció que el diàmetre.
  2. Deformació circumferencial. ε=0,05/49,95=1,0⋅10−3\varepsilon = 0{,}05/49{,}95 = 1{,}0\cdot10^{-3}.
  3. Llei de Hooke. σ=E⋅ε=69 000⋅1,0⋅10−3=69 MPa<160 MPa\sigma = E\cdot\varepsilon = 69\,000\cdot 1{,}0\cdot10^{-3} = 69\ \text{MPa} < 160\ \text{MPa}: l'anell treballa en zona elàstica (coeficient de seguretat ≈ 2,3) i, per tant, «estreny» l'eix de manera permanent.
  4. Observació. És una estimació per excés: en realitat l'eix també es comprimeix una mica.

Apartat d)

Resultat

La interferència desapareix a T≈111 ∘CT \approx 111\ ^{\circ}\text{C}: a 120 °C l'anell quedaria fluix i podria patinar.

Resolució

  1. Plantejament. Si les dues peces s'escalfen ΔT, el forat creix αAl⋅d⋅ΔT\alpha_{Al}\cdot d\cdot\Delta T i l'eix αacer⋅d⋅ΔT\alpha_{acer}\cdot d\cdot\Delta T: el que importa és la diferència de dilatacions.
  2. Pèrdua d'interferència. La interferència disminueix (αAl−αacer)⋅d⋅ΔT=11⋅10−6⋅50⋅ΔT(\alpha_{Al} - \alpha_{acer})\cdot d\cdot\Delta T = 11\cdot10^{-6}\cdot 50\cdot\Delta T mm. S'anul·la quan 11⋅10−6⋅50⋅ΔT=0,05⇒ΔT=91 K11\cdot10^{-6}\cdot 50\cdot\Delta T = 0{,}05 \Rightarrow \Delta T = 91\ \text{K} → T≈111 ∘CT \approx 111\ ^{\circ}\text{C}.
  3. A 120 °C. L'anell quedaria fluix i podria patinar: el disseny no és vàlid per a aquesta temperatura de servei.
  4. Solucions. Caldria més interferència (vigilant que la tensió no superi σe\sigma_e), un anell d'acer, o una unió mecànica (clavetes, estries). És un cas típic en què combinar materials de coeficients de dilatació diferents dona problemes.

Errors típics

  • Calcular només el salt necessari per anul·lar la interferència i oblidar el joc de muntatge.
  • Pensar que, en escalfar l'anell, el forat es fa més petit perquè el material «creix cap endins»: un forat es dilata com si fos del mateix material.
  • Oblidar que a la temperatura de servei s'escalfen totes dues peces: el que importa és la diferència de dilatacions.

Conceptes treballats: dilatació tèrmica, coeficient de dilatació lineal, ajustos amb interferència, llei de Hooke, compatibilitat de materials a temperatura de servei.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 36

A 912 °C el ferro passa de cúbic centrat al cos (BCC, 2 àtoms per cel·la, aresta a = 0,2904 nm) a cúbic centrat a les cares (FCC, 4 àtoms per cel·la, aresta a = 0,3647 nm). Massa atòmica del Fe: 55,85 g/mol; NAN_{A} = 6,022·102310^{23} mol−1.
a) Calcula el volum que ocupa cada àtom en cada estructura i el canvi percentual de volum quan el ferro passa de BCC a FCC.
b) Calcula la densitat de cada fase a 912 °C.
c) El factor d'empaquetament és 0,68 en BCC i 0,74 en FCC (un 9 % més). Calcula el radi atòmic en cada estructura (en BCC els àtoms es toquen al llarg de la diagonal del cub, a3\sqrt{3} = 4r; en FCC, al llarg de la diagonal d'una cara, a2\sqrt{2} = 4r) i explica per què el canvi de volum real és molt més petit que un 9 %.
d) En un assaig de dilatometria, una barra d'acer que s'escalfa s'escurça bruscament en passar per aquesta temperatura. Explica-ho i raona per què els canvis de fase són una de les causes de les deformacions i esquerdes en el tremp.

Pista 1

El volum per àtom és el volum de la cel·la (a3a^{3}) dividit pel nombre d'àtoms de la cel·la.

Pista 2

La densitat és la massa dels àtoms d'una cel·la (n·M/NAN_{A}) dividida pel volum de la cel·la. Passa les arestes a cm per obtenir g/cm3.

Pista 3

El factor d'empaquetament compara el volum ocupat per esferes amb el volum disponible; si les «esferes» no tenen exactament la mateixa mida en les dues estructures, la comparació de volums no és directa.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 36

Apartat a)

Resultat

BCC: 0,01225 nm30{,}01225\ \text{nm}^{3}/àtom; FCC: 0,01213 nm30{,}01213\ \text{nm}^{3}/àtom; canvi de volum: −0,97 %.

Resolució

  1. Volum per àtom. És el volum de la cel·la (a3a^{3}) dividit pel nombre d'àtoms de la cel·la.
  2. BCC. V=0,29043/2=0,02449/2=0,01225 nm3V = 0{,}2904^{3}/2 = 0{,}02449/2 = 0{,}01225\ \text{nm}^{3}.
  3. FCC. V=0,36473/4=0,04851/4=0,01213 nm3V = 0{,}3647^{3}/4 = 0{,}04851/4 = 0{,}01213\ \text{nm}^{3}.
  4. Canvi percentual. 0,01213−0,012250,01225⋅100=−0,97 %\dfrac{0{,}01213 - 0{,}01225}{0{,}01225}\cdot 100 = -0{,}97\ \% En passar a FCC el ferro ocupa un 1 % menys de volum, tot i que s'està escalfant.

Apartat b)

Resultat

ρBCC=7,57 g/cm3\rho_{BCC} = 7{,}57\ \text{g/cm}^{3}; ρFCC=7,65 g/cm3\rho_{FCC} = 7{,}65\ \text{g/cm}^{3}.

Resolució

  1. Massa d'un àtom. 55,85/6,022⋅1023=9,274⋅10−23 g55{,}85/6{,}022\cdot10^{23} = 9{,}274\cdot10^{-23}\ \text{g}. Passa les arestes a cm (1 nm=10−7 cm1\ \text{nm} = 10^{-7}\ \text{cm}).
  2. BCC. ρ=2⋅9,274⋅10−23(0,2904⋅10−7)3=7,57 g/cm3\rho = \dfrac{2\cdot 9{,}274\cdot10^{-23}}{(0{,}2904\cdot10^{-7})^{3}} = 7{,}57\ \text{g/cm}^{3}
  3. FCC. ρ=4⋅9,274⋅10−23(0,3647⋅10−7)3=7,65 g/cm3\rho = \dfrac{4\cdot 9{,}274\cdot10^{-23}}{(0{,}3647\cdot10^{-7})^{3}} = 7{,}65\ \text{g/cm}^{3}
  4. Interpretació. Són més baixes que els 7,87 g/cm3 del ferro a temperatura ambient perquè a 912 °C la xarxa ja està dilatada.

Apartat c)

Resultat

rBCC=0,1257 nmr_{BCC} = 0{,}1257\ \text{nm}; rFCC=0,1289 nmr_{FCC} = 0{,}1289\ \text{nm} (un 2,5 % més gran): l'augment del radi compensa gairebé tot el guany d'empaquetament i el canvi net és només d'un −1 %.

Resolució

  1. BCC. r=3⋅0,2904/4=0,1257 nmr = \sqrt{3}\cdot 0{,}2904/4 = 0{,}1257\ \text{nm}.
  2. FCC. r=0,3647/(22)=0,1289 nmr = 0{,}3647/(2\sqrt{2}) = 0{,}1289\ \text{nm}. L'àtom «aparent» és un 2,5 % més gran en FCC.
  3. Comparació de volums. Si el radi fos el mateix, el volum per àtom baixaria en proporció 0,68/0,74, un 8 %; però com que el radi creix un 2,5 % (el volum de cada esfera, un 7,8 %), els dos efectes gairebé es compensen i el resultat net és només un −1 %.
  4. Conclusió. Comparar factors d'empaquetament només és vàlid si els àtoms tenen la mateixa mida a totes dues estructures.

Apartat d)

Resultat

En passar a FCC, més compacta, la barra s'escurça de cop; en el tremp els canvis de volum de fase no simultanis entre superfície i nucli generen tensions internes, deformacions i esquerdes.

Resolució

  1. Dilatometria. En escalfar, la barra es dilata, però en arribar a 912 °C (o a la temperatura de transformació de l'acer, A3) la xarxa es reorganitza en una estructura més compacta i la barra s'escurça de cop.
  2. Tremp. Passa el contrari i encara més accentuat: l'austenita (FCC) es transforma en martensita, d'un volum específic més gran.
  3. Tensions internes. Com que la superfície es refreda i es transforma abans que el nucli, les diferents parts de la peça canvien de volum en moments diferents, apareixen tensions internes i la peça es pot deformar o esquerdar.
  4. Conclusió. Per això en peces complexes es fa servir un medi de tremp més suau (oli) o es fa un revingut tot seguit.

Errors típics

  • Calcular el volum per àtom sense dividir pel nombre d'àtoms de la cel·la.
  • Oblidar passar els nanòmetres a centímetres (1 nm = 10−7 cm) en calcular la densitat.
  • Deduir directament del factor d'empaquetament que el volum canvia un 9 %.
  • Pensar que un material sempre es dilata en escalfar-se: els canvis de fase poden provocar contraccions.

Conceptes treballats: estructures cristal·lines BCC i FCC, al·lotropia del ferro, densitat teòrica, factor d'empaquetament, dilatometria, tractaments tèrmics (tremp).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 37

L'eix d'un agitador gira a 1450 min−1 i, a causa de la flexió, cada punt de la seva superfície passa per una tensió alternada de ±320 MPa a cada volta. L'acer té σR = 600 MPa i un límit de fatiga de 270 MPa. De manera simplificada, la seva corba de Wöhler és una recta en escala doblement logarítmica entre els punts (103 cicles; 0,9·σR) i (106 cicles; límit de fatiga); per sota del límit de fatiga, la vida és il·limitada.
a) Raona per què l'eix es pot trencar tot i que la tensió màxima (320 MPa) és clarament inferior a σR.
b) Estima el nombre de cicles fins a la ruptura i el temps de funcionament que representa.
c) L'eix actual té 30 mm de diàmetre. Sabent que, amb el mateix moment flector, la tensió és inversament proporcional al cub del diàmetre, calcula el diàmetre mínim (en mm sencers) perquè l'eix tingui vida il·limitada amb un coeficient de seguretat de 1,5 respecte del límit de fatiga.
d) Un operari proposa mantenir els 30 mm i polir l'eix. Per què el polit millora la resistència a la fatiga? Per què, tot i així, no és una solució suficient aquí?

Pista 1

Fixa't que la tensió no és constant: es repeteix a cada volta. Quina dada de l'enunciat descriu com es comporta el material davant de càrregues repetides?

Pista 2

En escala log-log la recta compleix log N = 3 + 3·[log(σ1/σ)]/[log(σ1/σ2)], amb σ1 = 540 MPa i σ2 = 270 MPa.

Pista 3

Si σ ∝ 1/d3, aleshores dnou = dactual·(σactual/σobjectiu)1/3.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 37

Apartat a)

Resultat

Per fatiga: la tensió alternada (320 MPa) supera el límit de fatiga (270 MPa), encara que estigui lluny de σR.

Resolució

  1. Càrrega cíclica. La tensió no és constant: es repeteix milers de vegades per minut (a cada volta).
  2. Mecanisme. Les tensions cícliques fan créixer microesquerdes (que solen començar en ratlles, canvis de secció o inclusions) fins que la secció que queda no aguanta i es trenca de cop.
  3. Conclusió. Això passa sempre que la tensió alternada supera el límit de fatiga (270 MPa), encara que estigui lluny de σR\sigma_R.

Apartat b)

Resultat

N≈1,8⋅105N \approx 1{,}8\cdot10^{5} cicles, uns 127 min ≈ 2,1 h de funcionament.

Resolució

  1. Punts de la recta de Wöhler. σ1=0,9⋅600=540 MPa\sigma_1 = 0{,}9\cdot 600 = 540\ \text{MPa} a 10310^{3} cicles; σ2=270 MPa\sigma_2 = 270\ \text{MPa} a 10610^{6} cicles.
  2. Interpolació en escala log-log. log⁡N=3+3⋅log⁡(540/320)log⁡(540/270)=3+3⋅0,22720,3010=5,265\log N = 3 + 3\cdot\dfrac{\log(540/320)}{\log(540/270)} = 3 + 3\cdot\dfrac{0{,}2272}{0{,}3010} = 5{,}265 → N≈1,8⋅105N \approx 1{,}8\cdot10^{5} cicles.
  3. Temps. Cada volta és un cicle: 1,84⋅105/1450=127 min≈2,1 h1{,}84\cdot10^{5}/1450 = 127\ \text{min} \approx 2{,}1\ \text{h}.
  4. Conclusió. L'eix es trencaria el primer dia de funcionament: el disseny és inacceptable.

Apartat c)

Resultat

dmin=36,3 mmd_{min} = 36{,}3\ \text{mm} → d = 37 mm.

Resolució

  1. Tensió objectiu. σ=270/1,5=180 MPa\sigma = 270/1{,}5 = 180\ \text{MPa}.
  2. Proporcionalitat. Si σ∝1/d3\sigma \propto 1/d^{3}: d=30⋅(320180)1/3=30⋅1,211=36,3 mmd = 30\cdot\left(\dfrac{320}{180}\right)^{1/3} = 30\cdot 1{,}211 = 36{,}3\ \text{mm} → d = 37 mm.
  3. Comprovació. σ=320⋅(30/37)3=171 MPa≤180 MPa\sigma = 320\cdot(30/37)^{3} = 171\ \text{MPa} \leq 180\ \text{MPa}.

Apartat d)

Resultat

El polit elimina les ratlles de mecanitzat, on neixen les esquerdes; però no n'hi ha prou perquè 320 MPa ja supera el límit de fatiga del material en condicions ideals.

Resolució

  1. Per què ajuda el polit. Les esquerdes de fatiga neixen a la superfície, sobretot a les ratlles de mecanitzat, que actuen com a concentradors de tensió. Polir-les fa que el límit de fatiga real de la peça s'acosti al de les provetes d'assaig (que ja estan polides).
  2. Per què no n'hi ha prou. La tensió (320 MPa) supera el límit de fatiga del material fins i tot en condicions ideals: cap acabat superficial no pot donar vida il·limitada.
  3. Conclusió. Cal reduir la tensió (més diàmetre), canviar de material o reduir la càrrega.

Errors típics

  • Comprovar l'eix comparant la tensió amb σR o amb σe, com si la càrrega fos estàtica.
  • Interpolar linealment en escala normal en lloc de fer-ho en escala logarítmica.
  • Pensar que la tensió és inversament proporcional al diàmetre o a la secció (d2): en flexió és proporcional a 1/d3.
  • Confondre cicles amb segons: cal dividir pel nombre de voltes per minut.

Conceptes treballats: fatiga, corba de Wöhler, límit de fatiga, concentració de tensions i acabat superficial, dimensionament d'eixos, escala logarítmica.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 38

Del diagrama d'equilibri estany-plom (composicions en % en massa d'estany) es coneixen aquestes dades: l'eutèctic té un 61,9 % de Sn i fon a 183 °C; a aquesta temperatura, la fase α (rica en plom) admet com a màxim un 18,3 % de Sn i la fase β (rica en estany), com a mínim un 97,8 % de Sn. Per a un aliatge amb un 40 % de Sn, la línia de líquidus és a 245 °C i, a 200 °C, les línies del diagrama indiquen que el sòlid α té un 17 % de Sn i el líquid, un 56 %.
a) Quines fases hi ha en l'aliatge del 40 % a 250 °C, a 200 °C i a 150 °C?
b) Per a 2 kg d'aquest aliatge, calcula la massa de cada fase a 200 °C i just per sobre de 183 °C.
c) Just per sota de 183 °C, calcula el percentatge d'α i de β i quina part de l'aliatge s'ha solidificat com a microestructura eutèctica.
d) Els llauners feien servir aliatges semblants al del 40 % per segellar juntes de canonades; en electrònica s'ha fet servir l'aliatge eutèctic. Raona per què cada aplicació prefereix un aliatge diferent.

Diagrama d'equilibri estany-plom esquemàtic amb l'eutèctic a 61,9 % Sn i 183 °C, l'aliatge del 40 % Sn i la línia de connexió a 200 °C entre el 17 % i el 56 %
Pista 1

Situa cada punt (40 %, temperatura) respecte de la línia de líquidus (245 °C per a aquest aliatge) i de la recta eutèctica (183 °C), i pensa quines fases hi pot haver a cada zona.

Pista 2

Regla de la palanca: la fracció d'una fase és el segment oposat dividit pel segment total. Per exemple, fLf_{L} = C0−CαCL−Cα\tfrac{C_{0} - C_{\alpha}}{C_{L} - C_{\alpha}}.

Pista 3

Just per sobre de 183 °C el líquid té la composició eutèctica; tot aquest líquid es transforma en eutèctic en travessar els 183 °C.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 38

Apartat a)

Resultat

250 °C: líquid; 200 °C: α + líquid; 150 °C: α + β.

Resolució

  1. 250 °C. És per sobre del líquidus (245 °C): només hi ha líquid.
  2. 200 °C. Entre el líquidus i la recta eutèctica (183 °C): α + líquid (zona pastosa).
  3. 150 °C. Per sota de 183 °C, tot és sòlid: α + β.

Apartat b)

Resultat

A 200 °C: 1,18 kg de líquid i 0,82 kg d'α; just per sobre de 183 °C: 1,00 kg de líquid (eutèctic) i 1,00 kg d'α primària.

Resolució

  1. Regla de la palanca. La fracció d'una fase és el segment oposat dividit pel segment total: fL=C0−CαCL−Cαf_L = \dfrac{C_0 - C_{\alpha}}{C_L - C_{\alpha}}.
  2. 200 °C. fL=40−1756−17=0,590f_L = \dfrac{40 - 17}{56 - 17} = 0{,}590 i fα=0,410f_{\alpha} = 0{,}410 → 1,18 kg de líquid i 0,82 kg d'α.
  3. Just per sobre de 183 °C. El líquid té la composició eutèctica: fL=40−18,361,9−18,3=0,498f_L = \dfrac{40 - 18{,}3}{61{,}9 - 18{,}3} = 0{,}498 i fα=0,502f_{\alpha} = 0{,}502 → 1,00 kg de líquid (de composició eutèctica) i 1,00 kg d'α primària.

Apartat c)

Resultat

α: 72,7 %; β: 27,3 %; el 49,8 % de l'aliatge s'ha solidificat com a eutèctic.

Resolució

  1. Fases just per sota de 183 °C. fα=97,8−4097,8−18,3=72,7 %f_{\alpha} = \dfrac{97{,}8 - 40}{97{,}8 - 18{,}3} = 72{,}7\ \% i fβ=27,3 %f_{\beta} = 27{,}3\ \%.
  2. Microestructura eutèctica. El líquid que quedava just per sobre de 183 °C (49,8 %) se solidifica de cop com a eutèctic (làmines alternades d'α i β); el 50,2 % restant és α primària, formada abans.
  3. Conclusió. Part de l'α total (72,7 %) és primària i part forma l'eutèctic.

Apartat d)

Resultat

El 40 % té un interval de solidificació (pasta modelable) útil per al llauner; l'eutèctic solidifica de cop a la temperatura més baixa, ideal en electrònica.

Resolució

  1. Aliatge del 40 %. Solidifica en un interval de 245 a 183 °C (62 °C): durant aquest interval és una pasta que el llauner pot modelar i allisar al voltant de la junta, com si fos màstic.
  2. Aliatge eutèctic. Passa de líquid a sòlid a una sola temperatura i a la més baixa possible (183 °C): solidifica de cop, escalfa menys els components i evita les «soldadures fredes» que apareixen si la peça es mou mentre l'aliatge és pastós.
  3. Nota actual. Avui, per motius ambientals i de salut, en electrònica s'han substituït per aliatges sense plom, com Sn-Ag-Cu.

Errors típics

  • Aplicar la regla de la palanca al revés: la fracció d'una fase és proporcional al segment que hi ha a l'altre costat del punt.
  • Fer servir la composició global de l'aliatge (40 %) com si fos la del líquid.
  • Oblidar que, per sota de 183 °C, l'α total inclou l'α primària i l'α de l'eutèctic.
  • Pensar que un aliatge sempre té un punt de fusió concret, com un metall pur: només l'eutèctic el té.

Conceptes treballats: diagrames d'equilibri de fases, aliatges, eutèctic, regla de la palanca, interval de solidificació, selecció de materials per a la unió.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 39

Un engranatge d'acer s'ha cementat per endurir-ne la superfície. Per comprovar el tractament es talla una peça de mostra i es mesura la duresa Vickers (HV = 1,8544·F/d2\text{F/d}^{2}, amb F en kgf i d, la mitjana de les diagonals de l'empremta, en mm) amb F = 1 kgf a diferents profunditats:

Profunditat (mm): 0,1 – 0,3 – 0,5 – 0,7 – 0,9 – 1,1
Diagonal d (mm): 0,0510 – 0,0530 – 0,0575 – 0,0640 – 0,0745 – 0,0810

a) Calcula la duresa a cada profunditat.
b) La profunditat de capa efectiva és la profunditat a la qual la duresa baixa fins a 550 HV. Calcula-la interpolant linealment i comprova si es compleix l'especificació del plànol (mínim 0,5 mm).
c) La profunditat de l'empremta Vickers és aproximadament d7\tfrac{d}{7}. Calcula-la per a la primera mesura i raona per què per a aquest control es fa servir una càrrega tan petita i no un assaig Brinell amb bola de 10 mm.
d) Per què interessa que la superfície de les dents sigui molt dura però que el nucli de la peça es mantingui més tou?

Pista 1

Calcula HV per a cada diagonal. Fixa't que, com que d va al quadrat, una petita variació de la diagonal canvia molt la duresa.

Pista 2

El valor 550 HV queda entre dues mesures consecutives: interpola entre aquests dos punts.

Pista 3

Pensa quant material «nota» cada assaig: la zona afectada per una empremta és de l'ordre de la seva mida.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 39

Apartat a)

Resultat

0,1 mm: 713 HV; 0,3 mm: 660 HV; 0,5 mm: 561 HV; 0,7 mm: 453 HV; 0,9 mm: 334 HV; 1,1 mm: 283 HV.

Resolució

  1. Fórmula. Amb F = 1 kgf, HV=1,8544/d2\text{HV} = 1{,}8544/d^{2} (d en mm).
  2. Exemple. HV(0,1 mm)=1,85440,05102=713\text{HV}(0{,}1\ \text{mm}) = \dfrac{1{,}8544}{0{,}0510^{2}} = 713
  3. Resta de punts. 0,3 mm: 660 HV; 0,5 mm: 561 HV; 0,7 mm: 453 HV; 0,9 mm: 334 HV; 1,1 mm: 283 HV. Com que d va al quadrat, una petita variació de la diagonal canvia molt la duresa.

Apartat b)

Resultat

Profunditat de capa efectiva ≈ 0,52 mm ≥ 0,5 mm: compleix, amb molt poc marge.

Resolució

  1. Interval. Els 550 HV queden entre 0,5 mm (561 HV) i 0,7 mm (453 HV).
  2. Interpolació lineal. z=0,5+0,2⋅561−550561−453=0,5+0,2⋅0,102=0,52 mmz = 0{,}5 + 0{,}2\cdot\dfrac{561 - 550}{561 - 453} = 0{,}5 + 0{,}2\cdot 0{,}102 = 0{,}52\ \text{mm}
  3. Conclusió. 0,52 mm ≥ 0,5 mm → compleix, però amb molt poc marge (0,02 mm); convindria revisar el temps de cementació dels lots següents.

Apartat c)

Resultat

Profunditat ≈ 0,0073 mm ≈ 7 µm; la càrrega petita dona una empremta que mesura un punt concret de la capa, mentre que una bola Brinell barrejaria capa i nucli.

Resolució

  1. Profunditat de l'empremta. 0,0510/7≈0,0073 mm=7 μm0{,}0510/7 \approx 0{,}0073\ \text{mm} = 7\ \mu\text{m}.
  2. Per què una càrrega tan petita. L'empremta és tan petita que mesura la duresa d'un punt concret de la capa, i se'n poden fer moltes en un perfil de 0,2 en 0,2 mm sense que s'interfereixin.
  3. Per què no Brinell. Una bola de 10 mm deixaria una empremta de diversos mil·límetres de diàmetre i d'unes dècimes de profunditat: deformaria alhora la capa dura i el nucli i en donaria una mitjana sense sentit (a més, una bola d'acer es deformaria sobre una superfície tan dura).

Apartat d)

Resultat

Superfície dura per resistir el desgast i la fatiga de contacte; nucli més tou i tenaç per absorbir cops i flexió sense trencar-se.

Resolució

  1. Superfície. Les dents pateixen fregament i pressions de contacte molt altes: una capa dura resisteix el desgast i la fatiga superficial (picades).
  2. Nucli. Les dents també reben impactes i flexió a la base: si tota la peça fos tan dura seria fràgil i podria trencar-se. Un nucli més tou i tenaç absorbeix aquests cops.
  3. Conclusió. La cementació combina les dues propietats en una sola peça.

Errors típics

  • Elevar al quadrat la diagonal en micres i la força en kgf: les unitats de la fórmula són kgf i mm.
  • Interpolar amb profunditats que no són les dels dos punts que envolten 550 HV.
  • Pensar que «més dur» sempre és millor: la duresa i la tenacitat solen ser propietats contraposades.

Conceptes treballats: assaig Vickers, perfil de duresa, tractaments termoquímics (cementació), interpolació lineal, duresa i tenacitat, control de qualitat.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 40

El cable d'acer d'un muntacàrregues d'una mina subterrània ha de sostenir una gàbia carregada de 6000 kg. L'acer del cable té una resistència a la tracció σR = 1770 MPa i una densitat de 7850 kg/m3; es treballa amb un coeficient de seguretat de 5 respecte de σR (g = 9,81 m/s2). Considera només la secció metàl·lica del cable i menysprea els efectes dinàmics.
a) Raona on és el punt més carregat del cable quan la gàbia és al fons del pou.
b) Calcula la secció metàl·lica necessària per a un pou de 1000 m, tenint en compte el pes del mateix cable. Compara-la amb la que surt si s'ignora aquest pes, i calcula la massa del cable.
c) Repeteix el càlcul per a 3000 m. Interpreta el resultat.
d) Calcula la longitud màxima que podria tenir un cable d'aquest acer, de secció constant, que només s'aguantés a si mateix amb el mateix coeficient de seguretat. Per què aquesta longitud no depèn de la secció? Quines solucions es fan servir en pous molt profunds?

Pista 1

Compara quin pes ha de sostenir una secció del cable situada a dalt i una situada just sobre la gàbia.

Pista 2

La condició és (m·g + ρ·S·L·g)/S ≤ σR/5. Aïlla S.

Pista 3

Si fas m = 0, la secció desapareix de la condició: només queda una relació entre σ, ρ, g i L.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 40

Apartat a)

Resultat

A dalt (a la politja): hi aguanta el pes de la gàbia més el de tot el cable que penja.

Resolució

  1. Secció de dalt. Suporta el pes de la gàbia i el pes de tot el cable (1000 m) que penja per sota.
  2. Secció de baix. A prop de la gàbia només aguanta la gàbia.
  3. Conclusió. El punt més carregat és el de dalt, a la politja.

Apartat b)

Resultat

S=212 mm2S = 212\ \text{mm}^{2} (sense el pes propi, 166 mm2: un 22 % menys); massa del cable ≈ 1670 kg.

Resolució

  1. Tensió admissible. σadm=1770/5=354 MPa\sigma_{adm} = 1770/5 = 354\ \text{MPa}.
  2. Condició a la secció de dalt. mgS+ρgL≤σadm⇒S=mgσadm−ρgL\dfrac{m g}{S} + \rho g L \leq \sigma_{adm} \Rightarrow S = \dfrac{m g}{\sigma_{adm} - \rho g L} amb ρgL=7850⋅9,81⋅1000=77,0 MPa\rho g L = 7850\cdot 9{,}81\cdot 1000 = 77{,}0\ \text{MPa} (la tensió del pes propi, independent de la secció).
  3. Càlcul. S=6000⋅9,81354⋅106−77,0⋅106=58 860277⋅106=2,12⋅10−4 m2=212 mm2S = \dfrac{6000\cdot 9{,}81}{354\cdot10^{6} - 77{,}0\cdot10^{6}} = \dfrac{58\,860}{277\cdot10^{6}} = 2{,}12\cdot10^{-4}\ \text{m}^{2} = 212\ \text{mm}^{2}
  4. Comparació. Sense el pes propi: S=58 860/354⋅106=166 mm2S = 58\,860/354\cdot10^{6} = 166\ \text{mm}^{2}: la secció necessària és un 28 % més gran del que semblaria.
  5. Massa del cable. 2,12⋅10−4⋅1000⋅7850=1670 kg2{,}12\cdot10^{-4}\cdot 1000\cdot 7850 = 1670\ \text{kg}.

Apartat c)

Resultat

S=479 mm2S = 479\ \text{mm}^{2} i el cable pesa ≈ 11 270 kg, gairebé el doble que la càrrega útil.

Resolució

  1. Pes propi. ρgL=7850⋅9,81⋅3000=231 MPa\rho g L = 7850\cdot 9{,}81\cdot 3000 = 231\ \text{MPa}.
  2. Secció. S=58 860(354−231)⋅106=479 mm2S = \dfrac{58\,860}{(354 - 231)\cdot10^{6}} = 479\ \text{mm}^{2} i el cable pesa 11 270 kg.
  3. Interpretació. Triplicar la longitud ha fet més que doblar la secció: el pes propi «es menja» la tensió admissible i el disseny es dispara.

Apartat d)

Resultat

Lmax=σadm/(ρg)≈4,6 kmL_{max} = \sigma_{adm}/(\rho g) \approx 4{,}6\ \text{km}; no depèn de la secció perquè el pes creix en la mateixa proporció que S. Solucions: pous en diverses etapes, cables de secció variable o materials de més σ/ρ.

Resolució

  1. Condició amb m = 0. ρgLmax=σadm\rho g L_{max} = \sigma_{adm} → Lmax=354⋅1067850⋅9,81=4,6 kmL_{max} = \dfrac{354\cdot10^{6}}{7850\cdot 9{,}81} = 4{,}6\ \text{km} Sense coeficient de seguretat, la «longitud de ruptura» seria de 23 km.
  2. Per què no depèn de la secció. Si dobles la secció, també dobles el pes que ha d'aguantar: la tensió deguda al pes propi és ρgL\rho g L sigui quina sigui la secció.
  3. Solucions. Pous de diverses etapes amb muntacàrregues successius, cables de secció variable (més gruixuts a dalt) o materials de més resistència específica (σ/ρ), com fibres sintètiques o de carboni.

Errors típics

  • Ignorar el pes del cable en llargades grans: l'error és més gran com més llarg és el cable.
  • Calcular la tensió màxima al punt d'enganxament de la gàbia en lloc de la part superior.
  • Pensar que fent el cable més gruixut sempre es pot arribar més avall: la longitud màxima només depèn de σ/ρ.
  • Barrejar MPa i Pa en la resta σadm − ρ·g·L.

Conceptes treballats: tensió de tracció, pes propi, coeficient de seguretat, resistència específica σ/ρ, longitud de ruptura, selecció de materials.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preguntes freqüents

Quina diferència hi ha entre límit elàstic i resistència a tracció?

El límit elàstic és la tensió màxima a partir de la qual el material ja es deforma de manera permanent. La resistència a tracció és la tensió màxima que suporta abans de trencar-se.

Què mesura l'assaig de Charpy?

La resiliència, és a dir, l'energia que absorbeix un material en trencar-se d'un cop. Indica com de tenaç és davant dels impactes.

Tornar a Tecnologia i Enginyeria

Altres temes de Tecnologia i Enginyeria 2n Batxillerat