Salta al contingut
Classes de reforç

Exercicis de biologia cel·lular — Biologia, Geologia i Ciències Ambientals 1r Batxillerat

La cèl·lula s'estudia a batxillerat amb molt més detall que a l'ESO. Els exercicis comencen per la teoria cel·lular, per què els virus no hi encaixen i com es calcula l'augment d'un microscopi. Després relaciones l'estructura de cada orgànul amb la seva funció, per exemple quins orgànuls tindrà molt desenvolupats una cèl·lula del pàncrees que exporta enzims, i expliques per què el mitocondri i el cloroplast tenen ADN propi. També treballes la membrana: per què els fosfolípids formen una bicapa i com passen les substàncies d'un costat a l'altre. Errors típics: sumar els augments de l'ocular i l'objectiu en lloc de multiplicar-los i considerar orgànuls els ribosomes sense matisar-ho.

Tens examen d'aquest tema? Fes un simulacre de 60 minuts com el de l'institut, amb solucions i criteris de correcció.Fes el simulacre →

Nivell bàsic

Exercici 1

Digues per què els virus no encaixen amb la teoria cel·lular.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 1

Resultat

Els virus no estan formats per cap cèl·lula i no es poden multiplicar sols: necessiten una cèl·lula hoste, de manera que no compleixen els postulats de la teoria cel·lular.

Resolució

  1. Què diu la teoria cel·lular. Tots els éssers vius estan formats per una o més cèl·lules, la cèl·lula és la unitat de funció (fa per si mateixa totes les funcions vitals) i tota cèl·lula prové d'una altra cèl·lula.
  2. Estructura del virus. Un virus és només un àcid nucleic envoltat d'una càpsida de proteïnes (de vegades amb un embolcall): no té membrana plasmàtica pròpia amb citoplasma ni la maquinària (ribosomes, enzims del metabolisme) per fabricar-se les proteïnes.
  3. Postulats que no compleix. No compleix el primer postulat, perquè no està format per cèl·lules, ni el de la unitat de funció, perquè fora d'una cèl·lula no fa cap funció vital i necessita una cèl·lula hoste per multiplicar-se.
  4. Conclusió. Per això, en el sentit de la teoria cel·lular, els virus no es consideren éssers vius: són paràsits obligats que depenen del tot de la cèl·lula que infecten.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 2

La cèl·lula vegetal té mitocondris? Justifica-ho.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 2

Resultat

Sí: la cèl·lula vegetal té mitocondris (i cloroplasts), perquè necessita fer la respiració cel·lular per obtenir ATP a tota hora, també de nit.

Resolució

  1. Dos processos diferents. La fotosíntesi i la respiració cel·lular no són el mateix: la fotosíntesi fabrica matèria orgànica al cloroplast fent servir l'energia de la llum, i la respiració degrada aquesta matèria orgànica al mitocondri per obtenir-ne ATP.
  2. La planta necessita ATP sempre. Les cèl·lules vegetals gasten ATP les 24 hores; de nit no hi ha llum i el cloroplast no treballa. A més, hi ha cèl·lules sense cloroplasts, com les de l'arrel.
  3. Conclusió. Per tant, la cèl·lula vegetal té tots dos orgànuls i els fa servir tots dos: el cloroplast fabrica la matèria orgànica i el mitocondri n'extreu l'energia. Error típic: pensar que, com que fa la fotosíntesi, la planta no respira.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 3

Explica per què els fosfolípids formen una bicapa quan es posen en aigua.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 3

Resultat

Perquè els fosfolípids són amfipàtics: la bicapa és l'única disposició que deixa tots els caps polars en contacte amb l'aigua i amaga totes les cues apolars; es forma sola perquè és la més estable.

Resolució

  1. Estructura del fosfolípid. Cada fosfolípid té un cap polar (amb el grup fosfat), afí a l'aigua (hidròfil), i dues cues d'àcids grassos apolars, que la defugen (hidròfobes): és una molècula amfipàtica.
  2. Comportament a l'aigua. Les cues apolars no poden formar ponts d'hidrogen amb l'aigua i tendeixen a agrupar-se entre elles; els caps, en canvi, s'envolten d'aigua.
  3. La bicapa. L'única disposició que deixa tots els caps tocant aigua (a les dues cares) i totes les cues amagades és una doble capa amb les cues cap endins, enfrontades.
  4. Conclusió. Els fosfolípids s'hi col·loquen sols, sense que res no els ordeni (autoassemblatge): és la disposició més estable. Aquesta bicapa és la base de totes les membranes cel·lulars.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 4

Indica, per a cada una d'aquestes estructures, en quins d'aquests tres tipus de cèl·lula hi és present: bactèria, cèl·lula animal i cèl·lula vegetal d'una fulla.
a) Paret cel·lular; b) ribosomes; c) mitocondris; d) cloroplasts; e) nucli envoltat per una membrana; f) gran vacúol central; g) centríols; h) un únic cromosoma circular dins d'un nucleoide.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 4

Apartat a)

Resultat

Paret cel·lular: bactèria (de peptidoglicà) i cèl·lula vegetal (de cel·lulosa); la cèl·lula animal no en té.

Resolució

  1. Funció. La paret és una coberta rígida per fora de la membrana que protegeix la cèl·lula i li dona forma.
  2. On hi és. La bactèria en té, feta de peptidoglicà, i la cèl·lula vegetal també, feta de cel·lulosa; la cèl·lula animal no en té, només té membrana plasmàtica.

Apartat b)

Resultat

Ribosomes: als tres tipus de cèl·lula.

Resolució

  1. Funció universal. Els ribosomes fabriquen les proteïnes, i totes les cèl·lules en necessiten.
  2. On hi són. Hi són als tres tipus de cèl·lula; els bacterians són una mica més petits que els del citoplasma eucariota.

Apartat c)

Resultat

Mitocondris: cèl·lula animal i cèl·lula vegetal.

Resolució

  1. Eucariotes. Els mitocondris són orgànuls amb membrana que fan la respiració cel·lular, i només els tenen les cèl·lules eucariotes: l'animal i la vegetal.
  2. La bactèria. No en té: fa la respiració a la membrana plasmàtica.

Apartat d)

Resultat

Cloroplasts: només la cèl·lula vegetal.

Resolució

  1. Fotosíntesi. Els cloroplasts són els orgànuls de la fotosíntesi i només els té la cèl·lula vegetal de la fulla.
  2. Matís. Alguns bacteris (com els cianobacteris) fan la fotosíntesi, però sense cloroplasts, amb membranes internes.

Apartat e)

Resultat

Nucli amb membrana: cèl·lula animal i cèl·lula vegetal, que són eucariotes.

Resolució

  1. Definició d'eucariota. Tenir el material genètic tancat en un nucli envoltat per l'embolcall nuclear és el que defineix una cèl·lula eucariota.
  2. On hi és. L'animal i la vegetal en tenen; la bactèria és procariota i no en té.

Apartat f)

Resultat

Gran vacúol central: només la cèl·lula vegetal (adulta).

Resolució

  1. Funció. El gran vacúol central emmagatzema aigua i soluts i manté la turgència.
  2. On hi és. És propi de la cèl·lula vegetal adulta; la cèl·lula animal té, com a molt, vacúols petits, i la bactèria no en té.

Apartat g)

Resultat

Centríols: només la cèl·lula animal.

Resolució

  1. Funció. Els centríols formen part del centrosoma, que organitza els microtúbuls.
  2. On hi són. Els té la cèl·lula animal; les plantes amb flor no en tenen (organitzen el fus sense centríols) i la bactèria tampoc.

Apartat h)

Resultat

Un únic cromosoma circular en un nucleoide: només la bactèria.

Resolució

  1. ADN procariota. La bactèria té l'ADN en un únic cromosoma circular situat en una zona del citoplasma, el nucleoide, sense membrana al voltant.
  2. Eucariotes. L'animal i la vegetal tenen diversos cromosomes lineals dins del nucli.
  3. Error típic. Pensar que la bactèria no té ADN perquè no té nucli; en té, però sense membrana al voltant.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 5

Un alumne observa amb un microscopi òptic que té un ocular de 10× i un objectiu de 40×. La imatge ampliada d'una cèl·lula epitelial de la mucosa bucal mesura 24 mm. Calcula els augments totals del microscopi i la mida real de la cèl·lula en micròmetres (1 mm = 1000 µm).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 5

Resultat

Augments totals: 400×; mida real de la cèl·lula: 60 μm60\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Dades. Ocular 10×, objectiu 40×; la imatge de la cèl·lula mesura 24 mm.
  2. Augments totals. Els augments de l'ocular i de l'objectiu es multipliquen: A=10⋅40=400A = 10\cdot 40 = 400
  3. Mida real. mida real=mida de la imatgeA=24 mm400=0,06 mm\text{mida real} = \dfrac{\text{mida de la imatge}}{A} = \dfrac{24\ \text{mm}}{400} = 0{,}06\ \text{mm} i, en micròmetres, 0,06⋅1000=60 μm0{,}06\cdot 1000 = 60\ \mu\text{m}.
  4. Comprovació. 60 μm⋅400=24 000 μm=24 mm60\ \mu\text{m}\cdot 400 = 24\,000\ \mu\text{m} = 24\ \text{mm}, que és la mida de la imatge. És una mida típica d'una cèl·lula epitelial.
  5. Error típic. Sumar els augments (10 + 40 = 50) en lloc de multiplicar-los.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 6

Associa cada funció amb l'orgànul o l'estructura cel·lular que la du a terme: 1) fotosíntesi; 2) digestió intracel·lular de partícules i d'orgànuls vells; 3) síntesi de lípids i detoxificació de substàncies; 4) modificació, classificació i empaquetament de proteïnes en vesícules; 5) organització dels microtúbuls del fus mitòtic; 6) síntesi de proteïnes; 7) emmagatzematge d'aigua i manteniment de la turgència; 8) fabricació dels ribosomes.
Orgànuls i estructures: nuclèol, ribosomes, lisosomes, cloroplast, vacúol, reticle endoplasmàtic llis, centrosoma, aparell de Golgi.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 6

Resultat

1) cloroplast; 2) lisosomes; 3) reticle endoplasmàtic llis; 4) aparell de Golgi; 5) centrosoma; 6) ribosomes; 7) vacúol; 8) nuclèol.

Resolució

  1. Energia i digestió. 1) El cloroplast conté la clorofil·la i fa la fotosíntesi. 2) Els lisosomes contenen enzims hidrolítics que digereixen les partícules capturades i els orgànuls vells.
  2. Sistema de membranes. 3) El reticle endoplasmàtic llis sintetitza lípids i inactiva substàncies tòxiques (detoxificació). 4) L'aparell de Golgi modifica, classifica i empaqueta les proteïnes en vesícules.
  3. Divisió. 5) El centrosoma (amb els centríols, a la cèl·lula animal) organitza els microtúbuls del fus mitòtic.
  4. Proteïnes. 6) Els ribosomes tradueixen l'ARN missatger a proteïna; no tenen membrana. 8) El nuclèol és la regió del nucli on es fabriquen els ribosomes.
  5. Aigua. 7) El vacúol guarda aigua i soluts i, quan és ple, manté la turgència de la cèl·lula vegetal.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 7

Associa cada component de la membrana plasmàtica amb la seva funció principal. Components: fosfolípids, colesterol, proteïnes de canal i transportadores, proteïnes receptores, glicoproteïnes i glicolípids de la cara externa. Funcions: a) permetre el pas d'ions i de molècules polars que no travessen la bicapa; b) formar la bicapa que actua de barrera; c) captar senyals de l'exterior, com les hormones; d) intervenir en el reconeixement entre cèl·lules i en l'adhesió; e) regular la fluïdesa de la membrana.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 7

Resultat

Fosfolípids → b; colesterol → e; proteïnes de canal i transportadores → a; proteïnes receptores → c; glicoproteïnes i glicolípids → d.

Resolució

  1. Fosfolípids → b. S'ordenen en bicapa, amb els caps polars cap a l'aigua i les cues apolars a l'interior, i formen la barrera bàsica.
  2. Colesterol → e. S'intercala entre els fosfolípids i evita que la membrana sigui massa rígida o massa fluida.
  3. Proteïnes de canal i transportadores → a. Formen les vies per on passen els ions i les molècules polars, que no travessen la bicapa.
  4. Proteïnes receptores → c. S'hi uneixen hormones o altres senyals i desencadenen una resposta dins la cèl·lula.
  5. Glicoproteïnes i glicolípids → d. Formen el glicocàlix de la cara externa, que identifica la cèl·lula (per exemple, els grups sanguinis) i intervé en l'adhesió.
  6. Idea clau. Segons el model del mosaic fluid, la bicapa és fluida i les proteïnes hi són encastades com les peces d'un mosaic i es poden desplaçar lateralment.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 8

Digues si aquestes afirmacions sobre el transport a través de la membrana són certes o falses i corregeix les falses.
a) La difusió simple de l'oxigen consumeix ATP.
b) En l'osmosi l'aigua passa del medi amb menys concentració de soluts al de més concentració de soluts.
c) En el transport actiu les substàncies es mouen a favor del seu gradient de concentració.
d) La difusió facilitada necessita proteïnes de membrana.
e) Una cèl·lula pot incorporar una partícula gran, com un bacteri, per endocitosi.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 8

Apartat a)

Resultat

Fals: la difusió simple de l'oxigen és un transport passiu i no consumeix ATP.

Resolució

  1. Tipus de transport. L'oxigen és una molècula petita i apolar que travessa directament la bicapa.
  2. Correcció. Es mou a favor del seu gradient de concentració, sense gastar ATP: és difusió simple, un transport passiu.

Apartat b)

Resultat

Cert: l'aigua passa cap al medi amb més concentració de soluts (hipertònic).

Resolució

  1. Osmosi. L'aigua travessa la membrana des del medi més diluït (amb menys soluts) cap al més concentrat en soluts (hipertònic).
  2. Conclusió. Ho fa fins que les concentracions s'equilibren, de manera que l'afirmació és certa.

Apartat c)

Resultat

Fals: en el transport actiu les substàncies es mouen en contra del gradient, amb despesa d'energia (ATP).

Resolució

  1. Transport actiu. Fa servir proteïnes (bombes) que mouen la substància d'on n'hi ha menys a on n'hi ha més.
  2. Correcció. Com que va en contra del gradient, necessita energia, normalment ATP.

Apartat d)

Resultat

Cert: la difusió facilitada necessita canals o proteïnes transportadores.

Resolució

  1. Difusió facilitada. Les substàncies polars o amb càrrega passen per canals o proteïnes transportadores.
  2. Conclusió. És passiva: va a favor del gradient sense gastar ATP, però sí que necessita aquestes proteïnes.

Apartat e)

Resultat

Cert: una partícula gran com un bacteri entra per endocitosi (fagocitosi).

Resolució

  1. Transport en massa. La membrana envolta la partícula i forma una vesícula que queda dins del citoplasma: és la fagocitosi, un tipus d'endocitosi.
  2. Regla pràctica. A favor del gradient = passiu (sense ATP); en contra del gradient = actiu (amb ATP).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 9

Una espècie de mosca té 2n = 8 cromosomes. Indica quants cromosomes té: a) una cèl·lula de l'ala; b) un gàmeta; c) el zigot; d) cadascuna de les dues cèl·lules filles que resulten de la mitosi d'una cèl·lula de l'ala; e) una cèl·lula de l'ala en metafase de la mitosi (digues també quantes cromàtides hi ha en total).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 9

Apartat a)

Resultat

8 cromosomes (cèl·lula somàtica diploide, 2n).

Resolució

  1. Cèl·lula somàtica. Una cèl·lula de l'ala és una cèl·lula del cos, diploide.
  2. Resultat. Té 2n = 8 cromosomes.

Apartat b)

Resultat

4 cromosomes (gàmeta haploide, n).

Resolució

  1. Meiosi. Els gàmetes es formen per meiosi, que redueix el nombre de cromosomes a la meitat.
  2. Resultat. n = 8/2 = 4 cromosomes.

Apartat c)

Resultat

8 cromosomes.

Resolució

  1. Fecundació. El zigot resulta de la unió d'un gàmeta de la mare (4 cromosomes) i un del pare (4 cromosomes).
  2. Resultat. 4 + 4 = 8: es restableix el nombre diploide.

Apartat d)

Resultat

8 cromosomes cada una.

Resolució

  1. Mitosi. La mitosi conserva el nombre de cromosomes: les dues filles són genèticament idèntiques a la cèl·lula mare.
  2. Resultat. Cada filla té 8 cromosomes.

Apartat e)

Resultat

8 cromosomes i 16 cromàtides en total.

Resolució

  1. Metafase. L'ADN es va duplicar a la fase S, de manera que cada cromosoma està format per dues cromàtides germanes unides pel centròmer.
  2. Càlcul. 8 cromosomes · 2 cromàtides = 16 cromàtides.
  3. Error típic. Comptar les cromàtides com si fossin cromosomes; un cromosoma duplicat continua sent un de sol fins que les cromàtides se separen a l'anafase.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 10

Ordena les fases de la mitosi (anafase, metafase, profase, telofase) i associa cada fase amb el fet que la caracteritza: 1) els cromosomes s'alineen a l'equador de la cèl·lula; 2) les cromàtides germanes se separen i es dirigeixen cap als pols; 3) la cromatina es condensa en cromosomes i desapareix el nuclèol; 4) es forma una nova membrana nuclear al voltant de cada joc de cromosomes.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 10

Resultat

Ordre: profase → 3, metafase → 1, anafase → 2, telofase → 4.

Resolució

  1. Profase → 3. La cromatina es condensa en cromosomes visibles (de dues cromàtides), desapareix el nuclèol i es comença a formar el fus.
  2. Metafase → 1. Els cromosomes s'alineen a l'equador de la cèl·lula, units al fus pels centròmers.
  3. Anafase → 2. Les cromàtides germanes se separen i cada una, ja convertida en cromosoma, va cap a un pol.
  4. Telofase → 4. Es refan els nuclis (nova membrana nuclear al voltant de cada joc de cromosomes) i els cromosomes es descondensen; després, la citocinesi reparteix el citoplasma en dues cèl·lules filles.
  5. Recorda. L'ADN es duplica a la fase S de la interfase, abans que comenci la mitosi.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell intermedi

Exercici 11

Una cèl·lula procariota i una d'eucariota han de fabricar la mateixa proteïna. Explica una diferència en com ho fan que sigui conseqüència directa de tenir nucli o no tenir-ne.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 11

Resultat

A la procariota, la transcripció i la traducció passen al mateix lloc i alhora; a l'eucariota, el nucli les separa: l'ARNm es fa al nucli i ha de sortir pels porus per traduir-se al citoplasma.

Resolució

  1. Procariota. L'ADN i els ribosomes són tots dos al citoplasma, de manera que la lectura del missatge genètic (transcripció) i la fabricació de la proteïna (traducció) passen al mateix lloc i alhora.
  2. Eucariota. El nucli separa físicament les dues coses: el missatge es llegeix dins del nucli i la proteïna es fabrica fora, al citoplasma. Això obliga que el missatge (l'ARN missatger) surti per un porus de l'embolcall nuclear.
  3. Conclusió. Aquesta separació en l'espai és conseqüència directa de tenir nucli, i és el que permet a l'eucariota controlar (i modificar) el pas intermedi abans que la proteïna es fabriqui.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 12

Explica per què el mitocondri i el cloroplast tenen ADN propi i es divideixen sols, i què s'ha proposat per explicar-ho.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 12

Resultat

Perquè provenen de bacteris de vida lliure que van quedar dins d'una altra cèl·lula i s'hi van quedar: és la teoria endosimbiòtica.

Resolució

  1. Observacions. El mitocondri i el cloroplast tenen ADN propi, ribosomes propis i doble membrana, i es divideixen independentment de la cèl·lula.
  2. Teoria endosimbiòtica. S'explica proposant que van ser bacteris de vida lliure que van acabar dins d'una altra cèl·lula i s'hi van quedar, en un benefici mutu (simbiosi): la cèl·lula hi guanyava energia i el bacteri, protecció.
  3. La doble membrana. La membrana externa seria de la cèl·lula que se'l va quedar (en englobar-lo) i la interna, la del bacteri original.
  4. Conclusió. Per això conserven trets de bacteri: el seu propi ADN i la capacitat de dividir-se sols.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 13

La bomba de sodi i potassi gasta una part enorme de l'energia del cos. Digues què fa exactament i per què no ho pot fer sense ATP.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 13

Resultat

Treu Na⁺ de la cèl·lula i hi fa entrar K⁺, tots dos en contra del seu gradient; com que aquest moviment no és espontani, s'ha de pagar amb ATP (transport actiu).

Resolució

  1. Què fa. Treu ions sodi de la cèl·lula i hi fa entrar ions potassi.
  2. En contra del gradient. Tots dos moviments van en contra del gradient: treu sodi cap a fora, on ja n'hi ha més, i fa entrar potassi cap a dins, on ja n'hi ha més.
  3. Per què cal ATP. Anar en contra del gradient no passa espontàniament i, per tant, s'ha de pagar amb energia: d'aquí l'ATP. És un transport actiu.
  4. Conseqüència. L'interior de la cèl·lula té una composició iònica molt diferent de la del medi, cosa que és imprescindible, per exemple, per transmetre l'impuls nerviós.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 14

Digues els dos mecanismes pels quals la meiosi genera variabilitat i explica en què consisteix cadascun.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 14

Resultat

L'entrecreuament (intercanvi de fragments entre homòlegs a la profase I) i la segregació a l'atzar dels homòlegs a la meiosi I.

Resolució

  1. Entrecreuament. A la profase I els cromosomes homòlegs s'aparellen i intercanvien fragments, de manera que en surten cromosomes amb una combinació nova de gens.
  2. Repartiment a l'atzar dels homòlegs. A la meiosi I cada parella d'homòlegs es reparteix independentment de les altres; amb 23 parelles, com en l'espècie humana, això dona milions de combinacions (2232^{23}).
  3. Conclusió. Els dos mecanismes junts fan que cada gàmeta sigui únic.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 15

Considera dues cèl·lules cúbiques: una d'1 µm de costat i una altra de 10 µm de costat. Calcula la relació superfície/volum de cada una i explica, a partir dels resultats, per què les cèl·lules no poden créixer indefinidament i quina adaptació tenen les cèl·lules de l'epiteli de l'intestí prim per augmentar la superfície d'intercanvi sense augmentar gaire el volum.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 15

Resultat

Cub d'1 µm: S/V = 6 µm⁻¹; cub de 10 µm: S/V = 0,6 µm⁻¹. En créixer, la superfície no dona l'abast per al volum; l'epiteli intestinal té microvil·lositats.

Resolució

  1. Fórmules. Per a un cub de costat aa: S=6a2S = 6a^{2} i V=a3V = a^{3}, de manera que SV=6a\tfrac{S}{V} = \tfrac{6}{a}.
  2. Cub d'1 µm. S=6⋅12=6 μm2S = 6\cdot 1^{2} = 6\ \mu\text{m}^{2}; V=13=1 μm3V = 1^{3} = 1\ \mu\text{m}^{3}; SV=6 μm−1\tfrac{S}{V} = 6\ \mu\text{m}^{-1}.
  3. Cub de 10 µm. S=6⋅102=600 μm2S = 6\cdot 10^{2} = 600\ \mu\text{m}^{2}; V=103=1000 μm3V = 10^{3} = 1000\ \mu\text{m}^{3}; SV=0,6 μm−1\tfrac{S}{V} = 0{,}6\ \mu\text{m}^{-1}.
  4. Interpretació. Quan el costat es multiplica per 10, la relació S/V es divideix per 10: la superfície creix amb el quadrat del costat, però el volum creix amb el cub.
  5. Per què no poden créixer indefinidament. El volum és el que consumeix nutrients i produeix residus, i tot ha de passar per la superfície; si la cèl·lula creix massa, la membrana no pot fer l'intercanvi prou de pressa. Per això les cèl·lules es divideixen o tenen formes allargades o aplanades.
  6. Epiteli intestinal. Les seves cèl·lules tenen microvil·lositats, plecs de la membrana que multipliquen la superfície d'absorció sense augmentar gaire el volum.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 16

Un glòbul blanc detecta un bacteri i se'l menja. Descriu en ordre què passa des que la cèl·lula captura el bacteri fins que n'elimina les restes, indicant el tipus de transport a través de la membrana i els orgànuls que hi intervenen.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 16

Resultat

Fagocitosi (endocitosi) → fagosoma → fusió amb lisosomes (fagolisosoma) → digestió per enzims hidrolítics → expulsió de les restes per exocitosi.

Resolució

  1. Captura: fagocitosi. És un tipus d'endocitosi (transport en massa): la membrana envolta el bacteri amb prolongacions, s'invagina i forma una vesícula, el fagosoma, que queda dins del citoplasma. Consumeix energia i hi participa el citoesquelet.
  2. Fusió amb lisosomes. Els lisosomes, plens d'enzims hidrolítics (fabricats al reticle endoplasmàtic rugós i empaquetats a l'aparell de Golgi), es fusionen amb el fagosoma i en formen un de sol, el fagolisosoma.
  3. Digestió. Els enzims, que actuen a pH àcid, trenquen el bacteri en molècules petites (aminoàcids, monosacàrids, àcids grassos), que passen al citosol i s'aprofiten.
  4. Eliminació de restes. El que no es pot digerir queda en una vesícula (cos residual) que es fusiona amb la membrana plasmàtica i s'expulsa per exocitosi.
  5. Idea clau. Els enzims queden aïllats dins la membrana lisosòmica, i per això no digereixen la mateixa cèl·lula.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 17

En una pràctica es posen sis trossos de patata de 10,0 g cada un durant una hora en aigua amb diferents concentracions de sal comuna. Les masses finals són: 0 g/L → 11,2 g; 5 g/L → 10,6 g; 10 g/L → 10,0 g; 15 g/L → 9,4 g; 20 g/L → 8,8 g; 30 g/L → 7,6 g. Calcula el percentatge de variació de massa a cada concentració, estima la concentració isotònica amb les cèl·lules de la patata i explica què els passa a 0 g/L i a 30 g/L.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 17

Resultat

Variació: +12 %, +6 %, 0 %, −6 %, −12 % i −24 %; concentració isotònica ≈ 10 g/L; a 0 g/L les cèl·lules es tornen turgents i a 30 g/L es plasmolitzen.

Resolució

  1. Càlcul del percentatge. variacioˊ (%)=mfinal−10,010,0⋅100\text{variació}\ (\%) = \dfrac{m_{\text{final}} - 10{,}0}{10{,}0}\cdot 100 0 g/L: +12 %; 5 g/L: +6 %; 10 g/L: 0 %; 15 g/L: −6 %; 20 g/L: −12 %; 30 g/L: −24 %.
  2. Concentració isotònica. És aquella en què no hi ha variació neta de massa: uns 10 g/L.
  3. A 0 g/L (hipotònic). L'aigua entra a les cèl·lules per osmosi, que s'inflen fins a quedar turgents (la paret cel·lular evita que esclatin); el tros guanya massa i es torna ferm.
  4. A 30 g/L (hipertònic). L'aigua surt de les cèl·lules, el vacúol es redueix i la membrana es separa de la paret (plasmòlisi); el tros perd massa i es torna flàccid.
  5. Error típic. Dir que a 10 g/L no passa aigua; hi continua passant en els dos sentits, però el balanç net és zero.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 18

La bicapa lipídica deixa passar fàcilment unes molècules i en frena d'altres. Classifica aquestes substàncies segons si poden travessar la bicapa per difusió simple o si necessiten una proteïna de membrana, i justifica-ho amb la mida, la polaritat o la càrrega: oxigen, diòxid de carboni, glucosa, ions sodi, etanol, aminoàcids, una hormona esteroide i aigua.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 18

Resultat

Difusió simple: oxigen, diòxid de carboni, etanol i l'hormona esteroide. Necessiten proteïna: glucosa, ions sodi i aminoàcids. L'aigua és un cas intermedi (poca per la bicapa, sobretot per aquaporines).

Resolució

  1. Criteri. L'interior de la bicapa és hidrofòbic: hi passen bé les molècules petites i apolars, i hi topen les grans, polars o amb càrrega.
  2. Difusió simple. L'oxigen i el diòxid de carboni (molècules petites i apolars), l'etanol (petit i poc polar) i les hormones esteroides (apolars i solubles en els lípids) travessen directament la bicapa.
  3. Necessiten proteïna. La glucosa (gran i polar) passa per un transportador (difusió facilitada); els ions sodi (tenen càrrega i l'interior hidrofòbic de la bicapa els repel·leix) passen per canals o bombes; els aminoàcids (polars i sovint carregats) passen per transportadors.
  4. L'aigua. És un cas intermedi: és petita però polar; en passa una mica a través de la bicapa, però l'entrada ràpida es fa per canals especials, les aquaporines.
  5. Regla pràctica. Com més petita i apolar és una substància, més fàcilment travessa la bicapa; com més gran, polar o carregada, més depèn de proteïnes.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 19

Les membranes dels peixos d'aigües fredes tenen proporcionalment més fosfolípids amb àcids grassos insaturats que les dels peixos d'aigües càlides. Explica per què és un avantatge per a la cèl·lula i quin paper fa el colesterol en les membranes animals davant els canvis de temperatura.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 19

Resultat

Els àcids grassos insaturats mantenen la membrana fluida amb el fred, perquè els seus colzes impedeixen l'empaquetament; el colesterol fa de tampó de fluïdesa: la frena amb calor i la manté amb fred.

Resolució

  1. Estructura. Els àcids grassos insaturats tenen dobles enllaços que doblegen la cadena, de manera que els fosfolípids no s'empaqueten bé i la membrana és més fluida.
  2. Efecte del fred. Amb fred, els fosfolípids tendeixen a ordenar-se i a apropar-se, i la membrana es tornaria rígida com un gel; llavors les proteïnes de transport i els enzims de la membrana deixarien de funcionar.
  3. Avantatge. Tenir més àcids grassos insaturats compensa aquest efecte i manté la fluïdesa necessària en aigües fredes.
  4. Colesterol. S'intercala entre els fosfolípids i actua de tampó de fluïdesa: amb calor frena el moviment excessiu dels fosfolípids i amb fred impedeix que s'empaquetin massa.
  5. Idea clau. La membrana ha de ser fluida, però no massa.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 20

En un cultiu de 500 cèl·lules que no es divideixen de manera sincronitzada, un recompte al microscopi dona 440 cèl·lules en interfase, 30 en profase, 15 en metafase, 5 en anafase i 10 en telofase. El cicle cel·lular complet dura 20 h. Calcula l'índex mitòtic i la durada de la interfase i de cada fase de la mitosi, i explica el criteri que fas servir.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 20

Resultat

Índex mitòtic = 0,12 (12 %); interfase 17,6 h; profase 1,2 h; metafase 0,6 h (36 min); anafase 0,2 h (12 min); telofase 0,4 h (24 min).

Resolució

  1. Criteri. En un cultiu no sincronitzat, la fracció de cèl·lules que hi ha en cada fase és igual a la fracció del cicle que dura aquella fase.
  2. Índex mitòtic. IM=nmitosintotal=30+15+5+10500=60500=0,12=12 %IM = \dfrac{n_{\text{mitosi}}}{n_{\text{total}}} = \dfrac{30 + 15 + 5 + 10}{500} = \dfrac{60}{500} = 0{,}12 = 12\ \%
  3. Durada de cada fase. t=n500⋅20 ht = \tfrac{n}{500}\cdot 20\ \text{h}. Interfase: 440500⋅20=17,6 h\tfrac{440}{500}\cdot 20 = 17{,}6\ \text{h}. Profase: 30500⋅20=1,2 h\tfrac{30}{500}\cdot 20 = 1{,}2\ \text{h}. Metafase: 0,6 h0{,}6\ \text{h} (36 min). Anafase: 0,2 h0{,}2\ \text{h} (12 min). Telofase: 0,4 h0{,}4\ \text{h} (24 min).
  4. Comprovació. 17,6+1,2+0,6+0,2+0,4=20 h17{,}6 + 1{,}2 + 0{,}6 + 0{,}2 + 0{,}4 = 20\ \text{h}. La mitosi dura 2,4 h en total i l'anafase és la fase més breu.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 21

Un alumne ha escrit aquestes quatre frases sobre la divisió cel·lular i cada una conté un error. Detecta'l i corregeix-lo.
1) «La meiosi serveix per reparar teixits i fer créixer l'organisme.»
2) «La mitosi d'una cèl·lula diploide dona quatre cèl·lules haploides.»
3) «Els cromosomes homòlegs s'aparellen i intercanvien fragments a la profase de la mitosi.»
4) «En una cèl·lula vegetal, la citocinesi es fa per un estrangulament de la membrana, com en una cèl·lula animal.»

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 21

Apartat 1)

Resultat

La que serveix per reparar teixits i fer créixer l'organisme és la mitosi; la meiosi forma gàmetes (o espores) amb la meitat de cromosomes.

Resolució

  1. Error. Confondre la funció de la mitosi i la de la meiosi.
  2. Correcció. El creixement, la reparació i la reproducció asexual es fan per mitosi. La meiosi serveix per formar gàmetes (o espores) amb la meitat de cromosomes.

Apartat 2)

Resultat

La mitosi dona dues cèl·lules filles diploides, idèntiques a la mare; les quatre haploides són de la meiosi.

Resolució

  1. Error. Atribuir a la mitosi el resultat de la meiosi.
  2. Correcció. La mitosi d'una cèl·lula diploide dona dues cèl·lules filles diploides, genèticament idèntiques a la mare. Les quatre cèl·lules haploides són el resultat de la meiosi.

Apartat 3)

Resultat

L'aparellament i l'entrecreuament dels homòlegs passen a la profase I de la meiosi, no a la mitosi.

Resolució

  1. Error. Situar l'entrecreuament a la mitosi.
  2. Correcció. L'aparellament dels homòlegs i l'entrecreuament es produeixen a la profase I de la meiosi; a la mitosi cada cromosoma actua pel seu compte.

Apartat 4)

Resultat

En la cèl·lula vegetal la citocinesi es fa amb una placa cel·lular que creix del centre cap a les parets; l'estrangulament és propi de la cèl·lula animal.

Resolució

  1. Error. Aplicar a la cèl·lula vegetal el mecanisme de la cèl·lula animal.
  2. Correcció. L'estrangulament és propi de les cèl·lules animals. En les vegetals, la paret de cel·lulosa és rígida i es forma una placa cel·lular al centre que creix cap a les parets laterals i divideix la cèl·lula en dues.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell avançat

Exercici 22

Justifica per què compartimentar l'interior en orgànuls dona un avantatge a la cèl·lula eucariota, i digues quin avantatge conserva a canvi la procariota.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 22

Resultat

Compartimentar permet mantenir condicions diferents i fer processos incompatibles alhora; a canvi, la procariota és més senzilla i es construeix i es divideix molt més de pressa.

Resolució

  1. Condicions diferents alhora. Els orgànuls permeten mantenir medis diferents dins d'una mateixa cèl·lula: un lisosoma pot tenir l'interior àcid mentre el citoplasma és neutre.
  2. Aïllament. Els enzims digestius poden quedar tancats lluny de la resta de components, sense fer-los malbé.
  3. Avantatge de l'eucariota. Això fa possible dur a terme processos incompatibles entre ells al mateix temps, cosa que una cèl·lula sense compartiments no pot fer, perquè tot passa al mateix medi.
  4. Avantatge de la procariota. A canvi, la procariota és molt més senzilla i, per tant, molt més ràpida de construir i de dividir. Per això els bacteris es multipliquen a una velocitat que cap eucariota no assoleix, i és un avantatge real, no una limitació.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 23

Una cèl·lula del pàncrees fabrica i exporta enzims digestius en grans quantitats, i una cèl·lula muscular gasta moltíssima energia. Quins orgànuls esperaries trobar molt desenvolupats en cadascuna? Justifica-ho.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 23

Resultat

Pàncrees: reticle endoplasmàtic rugós, aparell de Golgi i vesícules de secreció molt desenvolupats. Múscul: molts mitocondris.

Resolució

  1. Cèl·lula del pàncrees. Fabrica i exporta proteïnes (enzims) en grans quantitats, de manera que necessita molt el sistema de secreció.
  2. Orgànuls del pàncrees. Reticle endoplasmàtic rugós (amb ribosomes, fabrica les proteïnes), aparell de Golgi (les modifica i les empaqueta) i moltes vesícules de secreció (les porten a fora per exocitosi).
  3. Cèl·lula muscular. Té molts mitocondris, que fan la respiració cel·lular i produeixen l'ATP que necessita la contracció.
  4. Conclusió. La forma i la quantitat dels orgànuls reflecteixen la funció de cada cèl·lula.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 24

Relaciona el càncer amb els punts de control del cicle cel·lular.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 24

Resultat

El càncer és una fallada dels punts de control del cicle: si una mutació els espatlla, la cèl·lula es divideix quan no ho hauria de fer i amb errors, i en sorgeix una població que es divideix sense aturador.

Resolució

  1. Què fan els punts de control. Abans de deixar avançar el cicle, comproven que l'ADN s'hagi copiat sencer, que no tingui danys i que els cromosomes estiguin ben col·locats al fus.
  2. Si fallen. Si una mutació espatlla aquest control, la cèl·lula es divideix quan no hauria de fer-ho i amb errors que no s'han reparat.
  3. Acumulació. Les filles hereten el defecte i el multipliquen, i hi van acumulant més errors.
  4. Conclusió. El resultat és una població de cèl·lules que es divideix sense aturador, que és el que anomenem càncer. Per això el càncer no és una malaltia d'un òrgan concret sinó una fallada del control de la divisió.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 25

Una cèl·lula diploide humana té 6 pg d'ADN nuclear a la fase G1. Calcula la quantitat d'ADN, en pg, que hi ha en cada un d'aquests moments:
a) una cèl·lula en G2; b) una cèl·lula en metafase de la mitosi; c) cada cèl·lula filla en acabar la mitosi; d) una cèl·lula en metafase de la meiosi I; e) cada cèl·lula en metafase de la meiosi II; f) cada espermatozoide.
Indica en quins moments del procés canvia la quantitat d'ADN per cèl·lula i per què.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 25

Apartat a)

Resultat

12 pg.

Resolució

  1. Fase S. Entre G1 i G2, la fase S duplica l'ADN: cada cromosoma passa a tenir dues cromàtides.
  2. Càlcul. 2⋅6=12 pg2\cdot 6 = 12\ \text{pg}.

Apartat b)

Resultat

12 pg.

Resolució

  1. Metafase. Les cromàtides germanes segueixen juntes dins la mateixa cèl·lula fins a l'anafase.
  2. Resultat. La quantitat és la mateixa que a G2: 12 pg.

Apartat c)

Resultat

6 pg.

Resolució

  1. Final de la mitosi. En separar-se les cromàtides i dividir-se la cèl·lula, cada filla en rep la meitat.
  2. Càlcul. 122=6 pg\tfrac{12}{2} = 6\ \text{pg}, com la cèl·lula de partida en G1.

Apartat d)

Resultat

12 pg.

Resolució

  1. Metafase I. La cèl·lula ja ha duplicat l'ADN i encara conté tots els cromosomes homòlegs (46 cromosomes duplicats).
  2. Resultat. 12 pg.

Apartat e)

Resultat

6 pg.

Resolució

  1. Meiosi I. Se separen els homòlegs: cada cèl·lula té 23 cromosomes encara duplicats.
  2. Càlcul. La meitat de 12 pg: 6 pg.

Apartat f)

Resultat

3 pg. L'ADN es dobla només a la fase S i es redueix a la meitat a cada divisió: un cop a la mitosi i dos a la meiosi.

Resolució

  1. Meiosi II. Se separen les cromàtides: l'espermatozoide té 23 cromosomes d'una sola cromàtida.
  2. Càlcul. La meitat de 6 pg: 3 pg.
  3. Quan canvia l'ADN. L'ADN només es dobla a la fase S i només es redueix a la meitat quan la cèl·lula es divideix: una vegada a la mitosi i dues a la meiosi (meiosi I i meiosi II).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 26

Una espècie té 2n = 6 cromosomes (tres parells d'homòlegs). Sense tenir en compte l'entrecreuament:
a) Quants gàmetes genèticament diferents pot produir un individu d'aquesta espècie per la distribució a l'atzar dels homòlegs a la meiosi I?
b) Fes el mateix per a l'espècie humana (2n = 46).
c) Quantes combinacions cromosòmiques diferents poden tenir els fills de dos progenitors humans determinats? Dona el resultat com a potència de 2 i en notació científica.
d) Quina és la probabilitat que un espermatozoide contingui només els 23 cromosomes que l'home va heretar de la seva mare?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 26

Apartat a)

Resultat

23=82^{3} = 8 gàmetes diferents.

Resolució

  1. Segregació independent. A la meiosi I, cada parell d'homòlegs es reparteix de 2 maneres, independentment dels altres parells.
  2. Càlcul. 2⋅2⋅2=23=82\cdot 2\cdot 2 = 2^{3} = 8 gàmetes diferents.

Apartat b)

Resultat

223=8 388 608≈8,4⋅1062^{23} = 8\,388\,608 \approx 8{,}4\cdot10^{6} gàmetes diferents.

Resolució

  1. Generalització. Amb nn parells d'homòlegs hi ha 2n2^{n} combinacions; l'espècie humana té 23 parells.
  2. Càlcul. 223=8 388 608≈8,4⋅1062^{23} = 8\,388\,608 \approx 8{,}4\cdot10^{6} gàmetes diferents.

Apartat c)

Resultat

246≈7,0⋅10132^{46} \approx 7{,}0\cdot10^{13} combinacions (més de 70 bilions).

Resolució

  1. Plantejament. Cada progenitor aporta un gàmeta entre 2232^{23} possibles, i les eleccions són independents.
  2. Càlcul. 223⋅223=246≈7,0⋅10132^{23}\cdot 2^{23} = 2^{46} \approx 7{,}0\cdot10^{13}

Apartat d)

Resultat

P=1223≈1,2⋅10−7P = \tfrac{1}{2^{23}} \approx 1{,}2\cdot10^{-7} (uns 12 casos per cada 100 milions).

Resolució

  1. Plantejament. Només una de les 2232^{23} combinacions té els 23 cromosomes d'origen matern.
  2. Càlcul. P=1223≈1,2⋅10−7P = \tfrac{1}{2^{23}} \approx 1{,}2\cdot10^{-7}, és a dir, uns 12 casos per cada 100 milions.
  3. Error típic. Calcular 2⋅23=462\cdot 23 = 46 en lloc de 2232^{23}; cada parell multiplica les possibilitats, no les suma. Amb l'entrecreuament la variabilitat real és encara molt més gran.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 27

En la meiosi d'una cèl·lula humana (2n = 46), els dos cromosomes 21 no se separen a l'anafase I (no-disjunció).
a) Quants cromosomes tindran els quatre gàmetes resultants?
b) Quina constitució cromosòmica tindran els zigots si cada un d'aquests gàmetes es fecunda amb un gàmeta normal?
c) Si l'error s'hagués produït només a l'anafase II d'una de les dues cèl·lules que entren a la meiosi II, quants gàmetes normals i quants d'anormals s'haurien obtingut?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 27

Apartat a)

Resultat

Dos gàmetes amb 24 cromosomes (n + 1) i dos amb 22 (n − 1).

Resolució

  1. Anafase I. Els dos homòlegs 21 van al mateix pol: una cèl·lula rep 24 cromosomes (amb els dos 21) i l'altra 22 (sense cap 21).
  2. Meiosi II. Separa les cromàtides normalment: cada cèl·lula dona dos gàmetes iguals. En resulten dos gàmetes de 24 cromosomes (n + 1) i dos de 22 (n − 1).

Apartat b)

Resultat

47 cromosomes amb trisomia 21 (síndrome de Down) o 45 cromosomes amb monosomia 21 (no viable).

Resolució

  1. Gàmeta n + 1. 24 + 23 = 47 cromosomes, amb tres còpies del 21: trisomia 21 (síndrome de Down).
  2. Gàmeta n − 1. 22 + 23 = 45 cromosomes, amb una sola còpia del 21: monosomia 21, que no és viable i acaba en un avortament espontani.
  3. Error típic. Confondre trisomia (2n + 1, un cromosoma de més) amb triploïdia (tres jocs complets de cromosomes, 3n).

Apartat c)

Resultat

2 gàmetes normals (23) i 2 d'anormals (un de 24 i un de 22).

Resolució

  1. Meiosi I correcta. Les dues cèl·lules que entren a la meiosi II tenen 23 cromosomes duplicats.
  2. Error a l'anafase II. La cèl·lula amb l'error no separa les cromàtides del 21: dona un gàmeta de 24 i un de 22 cromosomes (2 d'anormals).
  3. L'altra cèl·lula. Fa la meiosi II correctament i dona 2 gàmetes normals de 23 cromosomes.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 28

Un glòbul vermell i una cèl·lula de l'epidermis d'una ceba es posen primer en aigua destil·lada i després en una dissolució molt concentrada de sal (salmorra).
a) Descriu què els passa a cada una en aigua destil·lada i explica per què es comporten de manera diferent.
b) Descriu què els passa a la salmorra.
c) Raona per què un glòbul vermell es manté intacte en una dissolució de NaCl al 0,9 %.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 28

Apartat a)

Resultat

En aigua destil·lada (hipotònica) hi entra aigua: el glòbul vermell s'infla i rebenta (hemòlisi); la cèl·lula de ceba queda turgent i no esclata gràcies a la paret de cel·lulosa.

Resolució

  1. Medi hipotònic. L'aigua destil·lada té menys soluts que el citoplasma: l'aigua entra a les cèl·lules per osmosi.
  2. Glòbul vermell. No té paret cel·lular: s'infla fins a rebentar (hemòlisi).
  3. Cèl·lula de ceba. S'infla una mica, però la paret de cel·lulosa és rígida i limita l'expansió: la cèl·lula queda turgent i no esclata. La diferència de comportament es deu a la paret.

Apartat b)

Resultat

A la salmorra (hipertònica) surt aigua: el glòbul vermell s'arruga (crenació) i la cèl·lula de ceba es plasmolitza.

Resolució

  1. Medi hipertònic. La salmorra té molts més soluts que el citoplasma: l'aigua surt de les cèl·lules per osmosi.
  2. Glòbul vermell. Perd volum i s'arruga (crenació).
  3. Cèl·lula de ceba. El vacúol i el citoplasma s'encongeixen i la membrana es separa de la paret (plasmòlisi).

Apartat c)

Resultat

Perquè el NaCl al 0,9 % és isotònic amb el plasma: no hi ha moviment net d'aigua.

Resolució

  1. Isotonia. Una dissolució de NaCl al 0,9 % té la mateixa concentració de soluts que el plasma i el citoplasma del glòbul vermell.
  2. Conseqüència. L'entrada i la sortida d'aigua s'equilibren i el volum de la cèl·lula no canvia. Per això el sèrum fisiològic té aquesta concentració.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 29

Es mesura la velocitat d'entrada de dues substàncies, X i Y, en una cèl·lula en funció de la seva concentració externa (velocitat en unitats arbitràries):
X: 1 mM → 2; 2 mM → 4; 4 mM → 8; 8 mM → 16; 16 mM → 32.
Y: 1 mM → 10; 2 mM → 18; 4 mM → 30; 8 mM → 38; 16 mM → 40; 32 mM → 40.
a) Quina entra per difusió simple i quina mitjançant una proteïna de membrana? Justifica-ho amb les dades.
b) Per què la velocitat d'Y deixa d'augmentar?
c) Un inhibidor de la respiració cel·lular, que fa baixar l'ATP, no modifica la velocitat d'Y. Quin tipus de transport és?
d) Què passaria amb la velocitat d'Y si s'afegís una substància que ocupés el lloc d'unió de la proteïna?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 29

Apartat a)

Resultat

X entra per difusió simple (velocitat proporcional a la concentració, sense màxim); Y entra per una proteïna de membrana (la velocitat se satura a 40).

Resolució

  1. Substància X. La velocitat és proporcional a la concentració (sempre el doble: 2, 4, 8, 16, 32) i no arriba a cap màxim: és difusió simple per la bicapa.
  2. Substància Y. La velocitat creix cada vegada menys i s'estabilitza en 40: és propi d'un transport mitjançant proteïnes.

Apartat b)

Resultat

Perquè les proteïnes transportadores estan saturades.

Resolució

  1. Nombre limitat. Les proteïnes transportadores són limitades en nombre.
  2. Saturació. Quan totes treballen a ple rendiment (estan saturades), augmentar la concentració no n'augmenta la velocitat.

Apartat c)

Resultat

Difusió facilitada (passiva, a favor del gradient).

Resolució

  1. Sense dependència d'ATP. Si la manca d'ATP no afecta la velocitat, el transport no gasta energia.
  2. Conclusió. És difusió facilitada, a favor del gradient. Si la velocitat hagués baixat, hauria estat transport actiu.

Apartat d)

Resultat

La velocitat d'Y disminuiria (inhibició competitiva); la d'X no canviaria.

Resolució

  1. Competència. La substància ocupa el lloc d'unió i deixa menys proteïnes lliures per transportar Y: la velocitat d'Y disminueix (inhibició competitiva).
  2. Substància X. No es veuria afectada, perquè no depèn de cap proteïna.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 30

La colquicina és una substància que impedeix que es formin els microtúbuls. S'afegeix a un cultiu de cèl·lules humanes que es dividen.
a) Quina estructura de la cèl·lula deixa de formar-se correctament?
b) En quina fase de la mitosi s'acumularan les cèl·lules i per què?
c) Com afectarà l'índex mitòtic del cultiu?
d) Per què es fa servir aquesta substància per preparar un cariotip?
e) Si una cèl·lula bloquejada acaba sortint de la mitosi sense dividir-se, quants cromosomes i quanta quantitat d'ADN tindrà el nucli resultant? (Una cèl·lula humana en G1 té 46 cromosomes i 6 pg d'ADN.)

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 30

Apartat a)

Resultat

El fus mitòtic (acromàtic).

Resolució

  1. Microtúbuls. El fus mitòtic està format per microtúbuls que surten dels centrosomes i s'uneixen als cromosomes.
  2. Conclusió. Si no es poden formar microtúbuls, el fus no es forma correctament.

Apartat b)

Resultat

A la metafase (o la prometafase), perquè sense fus els cromosomes no s'alineen ni se separen i el punt de control impedeix passar a l'anafase.

Resolució

  1. Què passa. Els cromosomes es condensen i s'agrupen, però sense fus no poden alinear-se ni separar-se.
  2. Punt de control. Un mecanisme de control impedeix el pas a l'anafase mentre els cromosomes no estiguin ben units al fus: les cèl·lules s'acumulen en metafase.

Apartat c)

Resultat

L'índex mitòtic augmenta.

Resolució

  1. Acumulació. Les cèl·lules continuen entrant en mitosi, però no en surten: hi queden aturades i s'hi acumulen.
  2. Conclusió. La fracció de cèl·lules en mitosi (índex mitòtic) augmenta.

Apartat d)

Resultat

Perquè atura les cèl·lules en metafase, quan els cromosomes són al màxim de condensació i es poden comptar i ordenar.

Resolució

  1. Màxima condensació. A la metafase els cromosomes són al màxim de condensació i es veuen un a un.
  2. Cariotip. Així es poden comptar, fotografiar i ordenar per parells per fer el cariotip.

Apartat e)

Resultat

92 cromosomes i 12 pg d'ADN: el nucli és tetraploide (4n).

Resolució

  1. Punt de partida. La cèl·lula bloquejada ja ha passat la fase S: té 46 cromosomes duplicats i 2⋅6=12 pg2\cdot 6 = 12\ \text{pg} d'ADN.
  2. Sortida sense dividir-se. Les cromàtides dels 46 cromosomes duplicats se separen sense repartir-se entre dues cèl·lules: el nucli queda amb 92 cromosomes i 12 pg d'ADN.
  3. Conclusió. És el doble del normal: la cèl·lula és tetraploide (4n).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 31

Un microscopi té un micròmetre ocular (una escala de 100 divisions dins l'ocular). Per calibrar-lo amb l'objectiu de 40× s'observa un micròmetre d'objecte, de 10 µm per divisió, i es veu que 50 divisions de l'ocular coincideixen amb 20 divisions del micròmetre d'objecte.
a) Quina longitud real equival a una divisió de l'ocular?
b) Una cèl·lula epitelial ocupa 12,5 divisions de l'ocular. Quina és la seva mida real?
c) Es fa un dibuix de la cèl·lula de 75 mm de llarg. Quants augments té el dibuix?
d) El límit de resolució d'un microscopi òptic és d'uns 0,2 µm. Es pot distingir un mitocondri (uns 1 µm de llarg) i un ribosoma (uns 25 nm)? Què caldria per veure el ribosoma?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 31

Apartat a)

Resultat

1 divisió de l'ocular = 4 μm4\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Calibratge. 50 divisions de l'ocular coincideixen amb 20 divisions del micròmetre d'objecte: 20⋅10 μm=200 μm20\cdot 10\ \mu\text{m} = 200\ \mu\text{m}.
  2. Càlcul. 1 divisioˊ=20050=4 μm1\ \text{divisió} = \tfrac{200}{50} = 4\ \mu\text{m}.

Apartat b)

Resultat

Mida real = 50 μm50\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Càlcul. 12,5⋅4 μm=50 μm12{,}5\cdot 4\ \mu\text{m} = 50\ \mu\text{m}.
  2. Comprovació. És una mida típica d'una cèl·lula epitelial.

Apartat c)

Resultat

1500 augments (1500×).

Resolució

  1. Augment del dibuix. A=mida del dibuixmida real=75 mm0,050 mm=1500A = \dfrac{\text{mida del dibuix}}{\text{mida real}} = \dfrac{75\ \text{mm}}{0{,}050\ \text{mm}} = 1500
  2. Compte amb les unitats. Cal posar les dues mides en la mateixa unitat: 50 μm=0,050 mm50\ \mu\text{m} = 0{,}050\ \text{mm}.

Apartat d)

Resultat

El mitocondri (1 µm) sí que es distingeix; el ribosoma (25 nm) no, perquè és unes 8 vegades més petit que el límit de resolució: cal un microscopi electrònic.

Resolució

  1. Mitocondri. 1 µm és més gran que 0,2 µm: es pot distingir, encara que sense detall intern.
  2. Ribosoma. 25 nm=0,025 μm25\ \text{nm} = 0{,}025\ \mu\text{m}, unes 0,20,025=8\tfrac{0{,}2}{0{,}025} = 8 vegades més petit que el límit de resolució: no es veu.
  3. Microscopi electrònic. Fa servir electrons, amb una longitud d'ona molt més curta que la llum, i per això té una resolució molt millor (d'ordres de magnitud).
  4. Idea clau. Augmentar la imatge no permet veure detalls més petits que la resolució.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 32

Una molècula petita es mou per difusió amb un coeficient D = 5·10−1010^{-10} m2s\tfrac{m^{2}}{s} (ordre de magnitud en un medi aquós). El temps mitjà per recórrer una distància x és aproximadament t = x2(2D)\tfrac{x^{2}}{(2D)}.
a) Calcula t per a x = 10 µm (una cèl·lula), x = 1 mm i x = 1 cm.
b) Calcula quant tardaria a recórrer 1 m (la longitud d'un axó llarg o d'una cama) i expressa-ho en anys.
c) Què mostra això sobre la mida màxima de les cèl·lules i sobre la necessitat d'un sistema circulatori en organismes grans?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 32

Apartat a)

Resultat

10 µm: t=0,1 st = 0{,}1\ \text{s}; 1 mm: t=1000 st = 1000\ \text{s} (uns 17 min); 1 cm: t=1⋅105 st = 1\cdot10^{5}\ \text{s} (unes 28 h).

Resolució

  1. Dades. D=5⋅10−10 m2/sD = 5\cdot10^{-10}\ \text{m}^{2}/\text{s}, de manera que 2D=10−9 m2/s2D = 10^{-9}\ \text{m}^{2}/\text{s}; t=x22Dt = \tfrac{x^{2}}{2D}.
  2. x = 10 µm. x=1⋅10−5 mx = 1\cdot10^{-5}\ \text{m}: t=(10−5)210−9=10−1010−9=0,1 st = \dfrac{(10^{-5})^{2}}{10^{-9}} = \dfrac{10^{-10}}{10^{-9}} = 0{,}1\ \text{s}
  3. x = 1 mm. x=10−3 mx = 10^{-3}\ \text{m}: t=10−610−9=1000 st = \tfrac{10^{-6}}{10^{-9}} = 1000\ \text{s}, uns 17 min.
  4. x = 1 cm. x=10−2 mx = 10^{-2}\ \text{m}: t=10−410−9=1⋅105 st = \tfrac{10^{-4}}{10^{-9}} = 1\cdot10^{5}\ \text{s}, unes 28 h.

Apartat b)

Resultat

t=1⋅109 st = 1\cdot10^{9}\ \text{s}, uns 32 anys.

Resolució

  1. Càlcul. t=1210−9=1⋅109 st = \tfrac{1^{2}}{10^{-9}} = 1\cdot10^{9}\ \text{s}.
  2. En anys. 109 s3,15⋅107 s/any≈32 anys\dfrac{10^{9}\ \text{s}}{3{,}15\cdot10^{7}\ \text{s/any}} \approx 32\ \text{anys}

Apartat c)

Resultat

La difusió només és eficaç a distàncies microscòpiques: per això les cèl·lules són petites i els organismes grans necessiten un sistema circulatori.

Resolució

  1. Dependència quadràtica. El temps creix amb el quadrat de la distància: multiplicar la distància per 100 multiplica el temps per 10 000.
  2. Mida de les cèl·lules. A escala de cèl·lula la difusió és ràpida, però ja a pocs mil·límetres és massa lenta per subministrar oxigen o nutrients. Per això les cèl·lules són petites, o amb forma molt allargada i prima.
  3. Organismes grans. Tenen sistemes de transport per convecció (circulació de sang o saba) que acosten el subministrament a poques desenes de micròmetres de cada cèl·lula.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 33

Una cèl·lula humana té una osmolaritat interna d'uns 0,29 osmol/L. Se'n posa en cinc solucions: (1) NaCl 0,154 mol/L, (2) glucosa 0,30 mol/L, (3) urea 0,30 mol/L, (4) CaCl2 0,10 mol/L i (5) aigua destil·lada. La membrana és permeable a l'aigua i a la urea, i no ho és als ions ni (en aquesta escala de temps) a la glucosa. Suposa dissociació completa dels sals.
a) Calcula l'osmolaritat de cada solució.
b) Quines són isoosmòtiques amb la cèl·lula?
c) Prediu, per a cada solució, què passa amb el volum de la cèl·lula a curt i a llarg termini. Per què la solució (3) no es comporta com una isotònica tot i tenir la mateixa osmolaritat?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 33

Apartat a)

Resultat

(1) 0,308 osmol/L; (2) 0,30 osmol/L; (3) 0,30 osmol/L; (4) 0,30 osmol/L; (5) 0 osmol/L.

Resolució

  1. Osmolaritat. Compta les partícules dissoltes: osmolaritat=i⋅c\text{osmolaritat} = i\cdot c, on ii és el nombre de partícules que dona cada unitat de solut.
  2. Sals. (1) NaCl→Na++Cl−\mathrm{NaCl} \rightarrow \mathrm{Na^{+}} + \mathrm{Cl^{-}}: 2⋅0,154=0,308 osmol/L2\cdot 0{,}154 = 0{,}308\ \text{osmol/L}. (4) CaCl2\mathrm{CaCl_2} dona 3 ions: 3⋅0,10=0,30 osmol/L3\cdot 0{,}10 = 0{,}30\ \text{osmol/L}.
  3. Molècules sense dissociar. (2) Glucosa: 0,30 osmol/L. (3) Urea: 0,30 osmol/L. (5) Aigua destil·lada: 0 osmol/L.

Apartat b)

Resultat

Són isoosmòtiques amb la cèl·lula les solucions (1), (2), (3) i (4).

Resolució

  1. Comparació. (1), (2), (3) i (4) tenen una osmolaritat prop de 0,29 osmol/L: són isoosmòtiques.
  2. Aigua. (5) és molt més diluïda (hipoosmòtica).

Apartat c)

Resultat

(1), (2) i (4): el volum es manté (isotòniques). (3): no canvia al principi, però després la cèl·lula s'infla i pot esclatar. (5): s'infla i esclata. La urea travessa la membrana i, per tant, no compta per a la tonicitat.

Resolució

  1. (1), (2) i (4). El solut no travessa la membrana: no hi ha moviment net d'aigua i el volum es manté, tant a curt com a llarg termini. Són isotòniques.
  2. (3) Urea. A curt termini no canvia, perquè l'osmolaritat és la mateixa. Però la urea travessa la membrana a favor del seu gradient i, en entrar, arrossega aigua per osmosi: la cèl·lula s'infla i pot arribar a esclatar. Es comporta com una solució hipotònica.
  3. (5) Aigua destil·lada. És hipotònica: entra aigua i la cèl·lula s'infla i esclata (lisi).
  4. Diferència clau. L'osmolaritat només compta partícules; la tonicitat només té en compte les partícules que no poden travessar la membrana.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 34

En un cultiu cel·lular amb un cicle de 20 h, la citometria de flux (que mesura l'ADN de cada cèl·lula) mostra que el 55 % de les cèl·lules tenen la quantitat d'ADN normal d'una cèl·lula en G1 (2C), el 20 % tenen una quantitat intermèdia i el 25 % en tenen el doble (4C). Es tracta el cultiu 24 h amb hidroxiurea, que bloqueja la síntesi d'ADN, i es repeteix la mesura: ara el 79 % són 2C, el 20 % són intermèdies i només l'1 % són 4C.
a) Estima la durada de G1, S i G2+M en el cultiu control.
b) Explica, fase a fase, què ha passat amb les cèl·lules que eren en cada fase en afegir el fàrmac.
c) Per què la fracció 4C és gairebé zero després de 24 h, però la intermèdia no ha canviat? A quin punt del cicle es bloquegen les cèl·lules?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 34

Apartat a)

Resultat

G1 ≈ 11 h; S ≈ 4 h; G2 + M ≈ 5 h.

Resolució

  1. Criteri. En un cultiu asincrònic, la fracció de cèl·lules en una fase és proporcional a la seva durada. Les cèl·lules 2C són en G1, les intermèdies en S i les 4C en G2 o M.
  2. Càlcul. G1: 0,55⋅20=11 h0{,}55\cdot 20 = 11\ \text{h}; S: 0,20⋅20=4 h0{,}20\cdot 20 = 4\ \text{h}; G2 + M: 0,25⋅20=5 h0{,}25\cdot 20 = 5\ \text{h}.

Apartat b)

Resultat

Les de G1 avancen fins al límit G1/S i s'hi aturen (≈ 2C); les de S queden aturades amb l'ADN a mig replicar; les de G2/M acaben la mitosi, passen a G1 i també s'aturen al límit G1/S.

Resolució

  1. Cèl·lules en G1 (55 %). Avancen fins al límit G1/S, hi comencen la síntesi d'ADN i s'aturen amb quasi 2C.
  2. Cèl·lules en S (20 %). No poden acabar de replicar l'ADN i es queden amb la quantitat intermèdia que tenien.
  3. Cèl·lules en G2/M (25 %). No estan afectades pel bloqueig de la síntesi: acaben la mitosi (com a màxim en 5 h), esdevenen G1 i també avancen fins al límit G1/S.

Apartat c)

Resultat

Perquè en 24 h totes les cèl·lules 4C s'han dividit i no se'n formen de noves, mentre que les de S queden aturades; el bloqueig és a l'entrada (o a l'inici) de la fase S.

Resolució

  1. Fracció 4C. Les 5 h de G2 + M són molt menys que les 24 h de tractament: totes les cèl·lules 4C s'han dividit, i no se'n formen de noves perquè cap cèl·lula no completa la fase S.
  2. Fracció intermèdia. Les cèl·lules que eren en S no poden ni avançar ni retrocedir: queden aturades i la fracció no canvia.
  3. Punt del bloqueig. Les cèl·lules s'acumulen a l'entrada o a l'inici de la fase S (límit G1/S).
  4. Comprovació. 55 % + 25 % = 80 % de cèl·lules a 2C, pràcticament el 79 % + 1 % observat. És una comprovació aproximada: no té en compte que cada cèl·lula que es divideix en dona dues (comptant-ho, sortiria un 84 % de 2C i un 16 % d'intermèdies), però les dades de l'enunciat estan simplificades.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 35

Per avaluar la teoria endosimbiòtica es comparen cinc observacions sobre els mitocondris: (1) tenen dues membranes i la interna conté un lípid, la cardiolipina, que a les cèl·lules eucariotes gairebé només apareix aquí i que es troba a la membrana de molts bacteris; (2) tenen ADN circular i ribosomes més petits que els del citosol; (3) la seqüència dels seus gens d'ARN ribosòmic s'assembla més a la d'alguns bacteris que a la dels gens del nucli; (4) la majoria de les proteïnes mitocondrials estan codificades al nucli; (5) els mitocondris no es poden formar de nou, sinó només per divisió dels que ja hi ha.
a) Quines observacions donen suport directe a l'origen bacterià i per què?
b) Quina de les observacions sembla contradir la teoria i com s'explica?
c) Quina predicció faries per a l'ADN dels cloroplasts?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 35

Apartat a)

Resultat

Les observacions (1), (2), (3) i (5): mostren trets propis de bacteris i un parentiu genètic directe amb un grup bacterià.

Resolució

  1. (1) i (2): trets bacterians. Els mitocondris tenen doble membrana, cardiolipina a la membrana interna (com molts bacteris), ADN circular i ribosomes petits, com els bacterians.
  2. (3): parentiu genètic. Els seus gens d'ARN ribosòmic es relacionen amb els d'un grup bacterià concret, i no amb els de la cèl·lula hoste: és la prova més directa de l'origen bacterià.
  3. (5): multiplicació. Només es formen per divisió dels que ja hi ha, com ho fan els bacteris, i no pas per síntesi des de zero.

Apartat b)

Resultat

L'observació (4); s'explica perquè molts gens de l'endosimbiont es van perdre o es van transferir al nucli de l'hoste.

Resolució

  1. Aparent contradicció. Un bacteri independent hauria de tenir tots els seus gens; en canvi, la majoria de les proteïnes mitocondrials estan codificades al nucli.
  2. Explicació. Durant l'evolució, molts gens de l'endosimbiont es van perdre o es van transferir al nucli de l'hoste; les proteïnes corresponents es fabriquen al citosol i s'importen al mitocondri.
  3. Conclusió. És una pèrdua d'autonomia, i s'espera que un endosimbiont acabi depenent de l'hoste.

Apartat c)

Resultat

Els cloroplasts haurien de tenir dues membranes, ADN circular amb gens semblants als dels cianobacteris, ribosomes petits, multiplicació per divisió i la majoria de proteïnes codificades al nucli.

Resolució

  1. Mateix origen. Si els cloroplasts també provenen d'un endosimbiont (un cianobacteri fotosintètic), haurien de compartir els mateixos trets.
  2. Predicció. Dues membranes, ADN circular propi amb gens semblants als de cianobacteris, ribosomes petits i multiplicació per divisió; i, igual que els mitocondris, la majoria de les seves proteïnes haurien d'estar codificades al nucli.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 36

L'eritròcit (glòbul vermell) madur dels mamífers no té nucli, ni mitocondris, ni ribosomes, però transporta oxigen en grans quantitats gràcies a l'hemoglobina.
a) Per quina via obté l'ATP aquesta cèl·lula? Quin producte final acumula?
b) Per què seria una mala solució que tingués mitocondris? Relaciona-ho amb el seu paper.
c) Quines conseqüències té la manca de nucli i de ribosomes per a la durada de la cèl·lula (uns 120 dies) i per a la seva capacitat de reparar-se?
d) Com compensa l'organisme aquesta limitació?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 36

Apartat a)

Resultat

Només per glucòlisi (seguida de fermentació làctica); acumula àcid làctic (lactat).

Resolució

  1. Sense mitocondris. No pot fer la respiració cel·lular (cicle de Krebs i cadena respiratòria).
  2. Glucòlisi. Obté l'ATP només de la glucòlisi, a partir de la glucosa que li arriba de la sang, i regenera el NAD⁺ per fermentació: el producte final és l'àcid làctic (lactat).

Apartat b)

Resultat

Perquè els mitocondris consumirien part de l'oxigen que l'eritròcit ha de portar als teixits.

Resolució

  1. Consum d'oxigen. Els mitocondris consumeixen oxigen. L'eritròcit ha de portar l'oxigen als teixits, no gastar-lo: si en tingués, en consumiria una part i en deixaria menys disponible.
  2. N'hi ha prou amb la glucòlisi. La seva activitat metabòlica és reduïda, de manera que la glucòlisi li dona prou ATP.
  3. Més espai. Perdre els orgànuls també deixa més volum per a l'hemoglobina.

Apartat c)

Resultat

No pot fabricar proteïnes noves ni reparar-se ni dividir-se: per això viu només uns 120 dies.

Resolució

  1. Sense nucli ni ribosomes. Sense nucli no es poden copiar gens a ARN, i sense ribosomes no se sintetitzen proteïnes.
  2. Conseqüència. No pot renovar els enzims ni la membrana danyats: es va deteriorant. Això en limita la vida a uns 120 dies, i tampoc no pot dividir-se.

Apartat d)

Resultat

Els substitueix contínuament: la medul·la òssia vermella en fabrica de nous i la melsa i el fetge eliminen els vells.

Resolució

  1. Producció. Les cèl·lules mare de la medul·la òssia vermella fabriquen eritroblasts, que expulsen el nucli quan maduren.
  2. Eliminació. La melsa i el fetge eliminen els eritròcits vells, de manera que el nombre total es manté.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 37

Un homogeneïtzat de fetge es centrifuga a velocitats creixents (centrifugació diferencial) i s'obtenen quatre fraccions successives que es proven per a diferents enzims marcadors. Fracció 1 (velocitat baixa): molt d'ADN; fracció 2 (velocitat mitjana): alta activitat de succinat deshidrogenasa (un enzim de la respiració); fracció 3 (velocitat alta): fosfatasa àcida i catalasa; fracció 4 (velocitat molt alta): fragments de membranes amb ribosomes; sobrenedant final: lactat deshidrogenasa (un enzim de la glucòlisi) i molta proteïna soluble.
a) Quins components cel·lulars predominen a cada fracció?
b) Per què sedimenten en aquest ordre?
c) Quin avantatge té fer servir enzims marcadors en comptes de només mirar al microscopi?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 37

Apartat a)

Resultat

Fracció 1: nuclis; fracció 2: mitocondris; fracció 3: lisosomes i peroxisomes; fracció 4: microsomes (fragments de reticle rugós amb ribosomes); sobrenedant: citosol.

Resolució

  1. Fracció 1. Molt d'ADN: nuclis.
  2. Fracció 2. Succinat deshidrogenasa, enzim de la respiració: mitocondris.
  3. Fracció 3. Fosfatasa àcida (marcador dels lisosomes) i catalasa (marcador dels peroxisomes): lisosomes i peroxisomes.
  4. Fracció 4 i sobrenedant. Fragments de membranes amb ribosomes: microsomes, fragments de reticle endoplasmàtic rugós. Sobrenedant: citosol (lactat deshidrogenasa, de la glucòlisi, i proteïnes solubles).

Apartat b)

Resultat

Perquè la velocitat de sedimentació depèn de la mida i la densitat: primer sedimenten els components més grans i pesants.

Resolució

  1. Principi. En centrifugar, la velocitat de sedimentació depèn de la mida i la densitat de cada component.
  2. Ordre. Els components més grans i pesants (nuclis) es dipositen a baixa velocitat; els mitocondris, més petits, a velocitat mitjana; lisosomes i peroxisomes, encara més petits, a velocitat alta; els fragments de reticle, a molt alta; els components solubles no sedimenten.

Apartat c)

Resultat

Permet identificar i quantificar cada orgànul encara que hagi perdut la forma, i detectar la contaminació entre fraccions.

Resolució

  1. Identificació bioquímica. Un enzim marcador permet saber quin orgànul és present, i en quina quantitat, encara que els orgànuls hagin perdut la forma en l'homogeneïtzació i no es puguin identificar al microscopi.
  2. Contaminació creuada. També mostra la contaminació entre fraccions (per exemple, activitat d'un enzim mitocondrial a la fracció 3), que cal tenir en compte abans de concloure res sobre un orgànul.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 38

En un teixit adult, cada dia neixen per mitosi cèl·lules equivalents al 12 % de la població i en moren (per apoptosi) el 10 %. Al principi hi ha 1,0·10610^{6} cèl·lules.
a) Quin és el balanç net diari? Calcula la població al cap de 30 dies suposant que el balanç es manté.
b) Quant de temps tardaria la població a doblar-se?
c) En un teixit sa, quin ha de ser el balanç? Relaciona-ho amb el càncer i amb la funció de l'apoptosi.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 38

Apartat a)

Resultat

Balanç net = +2 % diari; al cap de 30 dies: N≈1,8⋅106N \approx 1{,}8\cdot10^{6} cèl·lules (un 81 % més).

Resolució

  1. Balanç diari. 12 %−10 %=+2 %12\ \% - 10\ \% = +2\ \% cada dia: la població es multiplica per 1,02 cada dia (creixement exponencial).
  2. Càlcul. N30=N0⋅1,0230=1,0⋅106⋅1,81≈1,8⋅106N_{30} = N_0\cdot 1{,}02^{30} = 1{,}0\cdot10^{6}\cdot 1{,}81 \approx 1{,}8\cdot10^{6} cèl·lules.
  3. Interpretació. És un 81 % més, tot i que cada dia l'excés és només de l'ordre d'un 2 %.

Apartat b)

Resultat

Uns 35 dies.

Resolució

  1. Condició. La població es dobla quan 1,02n=21{,}02^{n} = 2.
  2. Càlcul. n=ln⁡2ln⁡1,02≈35 diesn = \dfrac{\ln 2}{\ln 1{,}02} \approx 35\ \text{dies}

Apartat c)

Resultat

El balanç ha de ser zero: mitosi i apoptosi s'han d'equilibrar. Si l'apoptosi falla o la divisió es descontrola, el petit excés diari s'acumula i pot fer créixer un tumor.

Resolució

  1. Teixit sa. En un teixit adult sa, la mitosi i la mort cel·lular s'equilibren: el balanç ha de ser zero i el nombre de cèl·lules, estable.
  2. Càncer. Si les cèl·lules deixen de morir (o es divideixen sense control), hi ha un desequilibri com el de l'exercici: petit cada dia, però gran quan s'acumula, i així pot créixer un tumor.
  3. Funció de l'apoptosi. És la mort cel·lular programada que elimina les cèl·lules danyades o sobrants sense inflamació; si falla, les cèl·lules amb errors se salven i s'acumulen.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preparat per a la universitat

Els exercicis més exigents: nivell PAU alt i primer curs de grau. Veure totes les matèries

Exercici 39

El potencial d'equilibri d'un ió a través d'una membrana és donat per l'equació de Nernst: E = (RT/zF) · ln([ió]fora/[ió]dins), amb R = 8,31 J/(mol·K), F = 96 485 C/mol i T = 310 K. En una neurona de mamífer: [K+\mathrm{K}^{+}] fora = 5 mM i dins = 140 mM; [Na+] fora = 145 mM i dins = 12 mM. El potencial de membrana en repòs és de -70 mV.
a) Calcula EKE_{K} i ENaE_{\mathrm{Na}} (en mV).
b) Calcula la força impulsora (VmV_{m} - E) per a cada ió i digues en quin sentit tendeix a moure's si s'obre un canal.
c) Si la [K+\mathrm{K}^{+}] fora puja a 15 mM (per exemple, per dany muscular), com canvia EKE_{K} i què passa amb el potencial de repòs?
d) Quin paper té la bomba de Na+/K+\mathrm{K}^{+}?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 39

Apartat a)

Resultat

EK≈−89 mVE_K \approx -89\ \text{mV}; ENa≈+67 mVE_{\mathrm{Na}} \approx +67\ \text{mV}.

Resolució

  1. Dades. z=+1z = +1 per a tots dos ions; T=310 KT = 310\ \text{K}.
  2. Factor RT/F. RTF=8,31⋅31096 485=0,0267 V=26,7 mV\dfrac{RT}{F} = \dfrac{8{,}31\cdot 310}{96\,485} = 0{,}0267\ \text{V} = 26{,}7\ \text{mV}
  3. Equació de Nernst per al K⁺. EK=26,7⋅ln⁡5140=26,7⋅(−3,33)≈−89 mVE_K = 26{,}7\cdot\ln\dfrac{5}{140} = 26{,}7\cdot(-3{,}33) \approx -89\ \text{mV}
  4. Equació de Nernst per al Na⁺. ENa=26,7⋅ln⁡14512=26,7⋅2,49≈+67 mVE_{\mathrm{Na}} = 26{,}7\cdot\ln\dfrac{145}{12} = 26{,}7\cdot 2{,}49 \approx +67\ \text{mV}

Apartat b)

Resultat

K⁺: Vm−EK=+19 mVV_m - E_K = +19\ \text{mV}, tendeix a sortir (poc); Na⁺: Vm−ENa=−137 mVV_m - E_{\mathrm{Na}} = -137\ \text{mV}, tendeix a entrar amb força.

Resolució

  1. Força impulsora. Vm−EV_m - E: si és positiva, el catió tendeix a sortir; si és negativa, a entrar.
  2. Potassi. −70−(−89)=+19 mV-70 - (-89) = +19\ \text{mV}: el potencial de repòs és menys negatiu que EKE_K, per això el K⁺ tendeix a sortir (poc).
  3. Sodi. −70−67=−137 mV-70 - 67 = -137\ \text{mV}: la força és gran i cap a dins. Si s'obren canals de sodi, el Na⁺ entra massivament i la cèl·lula es despolaritza: és la base del potencial d'acció.

Apartat c)

Resultat

EKE_K passa a uns −60 mV-60\ \text{mV}: es fa menys negatiu i el potencial de repòs es despolaritza.

Resolució

  1. Càlcul. EK=26,7⋅ln⁡15140≈−60 mVE_K = 26{,}7\cdot\ln\dfrac{15}{140} \approx -60\ \text{mV}
  2. Conseqüència. EKE_K es fa menys negatiu i, com que el potencial de repòs depèn sobretot del K⁺, també es despolaritza (tendeix cap a −60 mV). Això afecta l'excitabilitat de neurones i cèl·lules musculars.

Apartat d)

Resultat

Manté els gradients: treu 3 Na⁺ i hi fa entrar 2 K⁺ per cada ATP, en contra dels gradients.

Resolució

  1. Transport actiu. La bomba treu 3 Na⁺ i hi fa entrar 2 K⁺ per cada ATP gastat, en contra dels gradients.
  2. Funció. Restableix els gradients que les fugides per canals degraden. Sense ella, els gradients s'acabarien dissipant.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 40

Una proteïna transportadora de membrana introdueix un nutrient a la cèl·lula amb una velocitat v = VmaxV_{\mathrm{max}} · [S]/(KmK_{m} + [S]), on VmaxV_{\mathrm{max}} = 120 nmol/min i KmK_{m} = 4 mM (concentració a la qual v = Vmax2\tfrac{V_{\mathrm{max}}}{2}). Un inhibidor competitiu que s'uneix al mateix lloc multiplica KmK_{m} per (1 + [I]/KiK_{i}) sense canviar VmaxV_{\mathrm{max}}.
a) Calcula v (en nmol/min i en % de VmaxV_{\mathrm{max}}) per a [S] = 1, 4, 12 i 36 mM.
b) Amb [I]Ki=2\tfrac{[I]}{K_{i}} = 2, calcula la nova KmK_{m} i v per a [S] = 4 mM i 36 mM.
c) Compara aquest transport amb la difusió simple, en què v és proporcional a [S]. Quina diferència experimental permet distingir-los?
d) Per què, amb un inhibidor competitiu, una concentració de substrat prou alta fa recuperar la velocitat?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 40

Apartat a)

Resultat

1 mM: 24 nmol/min (20 %); 4 mM: 60 nmol/min (50 %); 12 mM: 90 nmol/min (75 %); 36 mM: 108 nmol/min (90 %).

Resolució

  1. Equació. v=Vmax⋅[S]Km+[S],Vmax=120 nmol/min, Km=4 mMv = V_{\mathrm{max}}\cdot\dfrac{[S]}{K_m + [S]},\quad V_{\mathrm{max}} = 120\ \text{nmol/min},\ K_m = 4\ \text{mM}
  2. Càlcul. 1 mM: 120⋅15=24120\cdot\tfrac{1}{5} = 24 (20 %). 4 mM: 120⋅48=60120\cdot\tfrac{4}{8} = 60 (50 %). 12 mM: 120⋅1216=90120\cdot\tfrac{12}{16} = 90 (75 %). 36 mM: 120⋅3640=108120\cdot\tfrac{36}{40} = 108 (90 %).
  3. Comprovació. A [S]=Km=4 mM[S] = K_m = 4\ \text{mM}, v=Vmax2v = \tfrac{V_{\mathrm{max}}}{2}, com diu la definició.

Apartat b)

Resultat

Km′=12 mMK_m' = 12\ \text{mM}; a 4 mM, v=30 nmol/minv = 30\ \text{nmol/min}; a 36 mM, v=90 nmol/minv = 90\ \text{nmol/min} (75 %).

Resolució

  1. Nova Km. Km′=4⋅(1+2)=12 mMK_m' = 4\cdot(1 + 2) = 12\ \text{mM}.
  2. [S] = 4 mM. v=120⋅416=30 nmol/minv = 120\cdot\tfrac{4}{16} = 30\ \text{nmol/min}: la velocitat es redueix a la meitat respecte de l'apartat a.
  3. [S] = 36 mM. v=120⋅3648=90 nmol/minv = 120\cdot\tfrac{36}{48} = 90\ \text{nmol/min} (75 % de VmaxV_{\mathrm{max}}): amb molt substrat, la velocitat es recupera en bona part.

Apartat c)

Resultat

La difusió simple és lineal i sense límit; el transport mediat se satura (s'acosta a VmaxV_{\mathrm{max}}), és específic i es pot inhibir.

Resolució

  1. Difusió simple. vv augmenta de manera lineal amb [S], sense límit.
  2. Transport mediat. vv augmenta cada cop menys i s'acosta a VmaxV_{\mathrm{max}}, perquè hi ha un nombre finit de transportadors, que se saturen.
  3. Diferència experimental. La saturació a concentracions altes; a més, el transport mediat per proteïna és específic i es pot inhibir, i la difusió simple no.

Apartat d)

Resultat

Perquè substrat i inhibidor competeixen pel mateix lloc: amb molt substrat, la majoria de transportadors l'uneixen a ell i VmaxV_{\mathrm{max}} no canvia.

Resolució

  1. Competència. L'inhibidor i el substrat competeixen pel mateix lloc d'unió: amb molt substrat, la probabilitat que el lloc l'ocupi el substrat augmenta i la fracció de transportadors bloquejats baixa.
  2. Conclusió. Per això VmaxV_{\mathrm{max}} no canvia i només cal una [S] més alta per arribar-hi (KmK_m aparent més gran).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 41

Un individu té genotip AB/ab: els gens A i B són al mateix cromosoma (A i B en un homòleg i a i b a l'altre). En el 20 % de les meiosis es produeix un entrecreuament entre els dos gens (en una sola cromàtide de cada homòleg); en la resta, no.
a) Quins gàmetes dona una meiosi sense entrecreuament i quins dona una amb entrecreuament entre els dos gens?
b) Calcula el percentatge de cada tipus de gàmeta en el conjunt de totes les meiosis.
c) Si aquest individu es creua amb un de genotip ab/ab, quants descendents de cada fenotip s'esperarien de 1000?
d) Compara-ho amb el cas en què els gens fossin en cromosomes diferents. Què permet deduir la freqüència de recombinants sobre la posició dels gens?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 41

Apartat a)

Resultat

Sense entrecreuament: 2 AB i 2 ab (parentals). Amb entrecreuament: 1 AB, 1 ab, 1 Ab i 1 aB (dos parentals i dos recombinants).

Resolució

  1. Sense entrecreuament. Cada homòleg duplicat té dues cromàtides iguals: en surten dos gàmetes AB i dos ab (gàmetes parentals).
  2. Amb entrecreuament. L'intercanvi afecta una cromàtide de cada homòleg: les quatre cromàtides donen un gàmeta AB, un ab, un Ab i un aB, és a dir, dos parentals i dos recombinants.

Apartat b)

Resultat

AB 45 %, ab 45 %, Ab 5 % i aB 5 % (10 % de recombinants).

Resolució

  1. Parentals. 80 %⋅100 %+20 %⋅50 %=80+10=90 %80\ \%\cdot 100\ \% + 20\ \%\cdot 50\ \% = 80 + 10 = 90\ \%, repartits en AB 45 % i ab 45 %.
  2. Recombinants. 20 %⋅50 %=10 %20\ \%\cdot 50\ \% = 10\ \%, repartits en Ab 5 % i aB 5 %.
  3. Fixa't. La freqüència de recombinants és la meitat de la freqüència de meiosis amb entrecreuament, perquè cada entrecreuament només afecta dues de les quatre cromàtides.

Apartat c)

Resultat

450 AaBb (fenotip AB), 450 aabb (ab), 50 Aabb (Ab) i 50 aaBb (aB).

Resolució

  1. Encreuament prova. El progenitor ab/ab només dona gàmetes ab, de manera que el fenotip dels fills reflecteix el gàmeta de l'altre progenitor.
  2. Càlcul. De 1000: 0,45⋅1000=4500{,}45\cdot 1000 = 450 AaBb, 450 aabb, 0,05⋅1000=500{,}05\cdot 1000 = 50 Aabb i 50 aaBb.

Apartat d)

Resultat

En cromosomes diferents hi hauria un 25 % de cada gàmeta (50 % de recombinants); menys del 50 % indica gens lligats, i com menys recombinants, més a prop són.

Resolució

  1. Gens independents. Si fossin en cromosomes diferents, segregarien de manera independent, amb un 25 % de cada tipus de gàmeta (50 % de recombinants).
  2. Gens lligats. Una freqüència de recombinants inferior al 50 % (aquí, 10 %) indica que els gens estan lligats.
  3. Posició. Com més propers són, menys probable és un entrecreuament entre ells i menys recombinants: la freqüència de recombinació permet fer mapes genètics.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 42

Una cèl·lula esfèrica de radi r necessita, per al seu metabolisme, m = 0,5 fmol de nutrient per µm3 i per minut. La seva membrana pot absorbir com a màxim u = 2,0 fmol per µm2 i per minut. L'àrea d'una esfera és 4πr2 i el volum 4πr3/3.
a) Escriu la condició perquè l'absorció compensi la demanda i dedueix el radi màxim d'una cèl·lula esfèrica.
b) Una cèl·lula esfèrica de 15 µm de radi vol sobreviure: per quin factor ha d'augmentar l'àrea efectiva de la seva membrana (plecs, microvil·lositats)?
c) Amb una membrana plegada 20 vegades, quin seria el radi màxim?
d) Per què una cèl·lula molt allargada pot ser molt més gran en longitud que en radi?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 42

Apartat a)

Resultat

Condició: u⋅4πr2≥m⋅43πr3u\cdot 4\pi r^{2} \geq m\cdot\tfrac{4}{3}\pi r^{3}; radi màxim r=3um=12 μmr = \tfrac{3u}{m} = 12\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Condició. L'absorció per la superfície ha de compensar la demanda del volum: u⋅4πr2≥m⋅4π3r3u\cdot 4\pi r^{2} \geq m\cdot\dfrac{4\pi}{3}r^{3}
  2. Simplificació. Dividint per 4πr24\pi r^{2}: u≥m⋅r3u \geq m\cdot\tfrac{r}{3}, és a dir, r≤3umr \leq \tfrac{3u}{m}.
  3. Càlcul. rmax=3⋅2,00,5=12 μmr_{\mathrm{max}} = \tfrac{3\cdot 2{,}0}{0{,}5} = 12\ \mu\text{m}.

Apartat b)

Resultat

Un factor 1,25 (un 25 % més d'àrea efectiva).

Resolució

  1. Demanda per unitat d'àrea. m⋅r3=0,5⋅153=2,5 fmol/(μm2⋅min)m\cdot\tfrac{r}{3} = 0{,}5\cdot\tfrac{15}{3} = 2{,}5\ \text{fmol/(}\mu\text{m}^{2}\cdot\text{min)}, que és 1,25 vegades la capacitat uu.
  2. Factor. 2,52,0=1,25\tfrac{2{,}5}{2{,}0} = 1{,}25: cal un 25 % més de membrana.

Apartat c)

Resultat

rmax=240 μmr_{\mathrm{max}} = 240\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Amb plecs. Amb un factor de plec f=20f = 20: u⋅f≥m⋅r3u\cdot f \geq m\cdot\tfrac{r}{3}, de manera que r≤3ufm=3⋅2,0⋅200,5=240 μmr \leq \dfrac{3uf}{m} = \dfrac{3\cdot 2{,}0\cdot 20}{0{,}5} = 240\ \mu\text{m}
  2. Matís. És un límit teòric; altres factors, com la difusió a l'interior, fan que la cèl·lula sigui més petita.

Apartat d)

Resultat

Perquè la relació superfície/volum d'un cilindre depèn del radi de la secció, no de la longitud.

Resolució

  1. Cèl·lula allargada. En forma de fibra, la relació S/V depèn del radi de la secció (SV≈2r\tfrac{S}{V} \approx \tfrac{2}{r}), no de la longitud: com més prima, més superfície per volum.
  2. Conclusió. Per això les neurones i les fibres poden ser molt llargues si són primes, i és també per això que les cèl·lules grans necessiten plecs de membrana.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 43

La velocitat amb què una substància s'equilibra a través de la membrana d'una cèl·lula esfèrica depèn del coeficient de permeabilitat P (cm/s): el temps per recórrer la meitat del camí fins a l'equilibri és t12\tfrac{1}{2} = (V/A) · ln⁡2P\tfrac{\ln 2}{P}, on V/A és la relació volum/àrea (per a una esfera, r3\tfrac{r}{3}). Considera una cèl·lula de r = 10 µm (1 µm = 10−410^{-4} cm) i aquests valors orientatius de P (només ordre de magnitud): una molècula apolar petita com l'oxigen, 10−210^{-2} cm/s; una molècula polar petita sense transportador, 10−610^{-6} cm/s; un ió, 10−1210^{-12} cm/s.
a) Calcula V/A.
b) Calcula t12\tfrac{1}{2} per a cada substància i expressa l'últim valor en anys.
c) Què demostren aquests valors sobre la permeabilitat selectiva de la bicapa lipídica i sobre la funció dels canals i transportadors?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 43

Apartat a)

Resultat

VA=3,3⋅10−4 cm\tfrac{V}{A} = 3{,}3\cdot10^{-4}\ \text{cm}.

Resolució

  1. Dades. r=10 μm=10⋅10−4 cm=10−3 cmr = 10\ \mu\text{m} = 10\cdot10^{-4}\ \text{cm} = 10^{-3}\ \text{cm}.
  2. Càlcul. VA=r3=10−3 cm3=3,3⋅10−4 cm\dfrac{V}{A} = \dfrac{r}{3} = \dfrac{10^{-3}\ \text{cm}}{3} = 3{,}3\cdot10^{-4}\ \text{cm}

Apartat b)

Resultat

Oxigen: t1/2≈0,023 st_{1/2} \approx 0{,}023\ \text{s}; molècula polar: t1/2≈231 st_{1/2} \approx 231\ \text{s} (uns 4 min); ió: t1/2≈2,3⋅108 st_{1/2} \approx 2{,}3\cdot10^{8}\ \text{s}, uns 7 anys.

Resolució

  1. Fórmula. t1/2=VA⋅ln⁡2P,ln⁡2=0,693t_{1/2} = \dfrac{V}{A}\cdot\dfrac{\ln 2}{P},\quad \ln 2 = 0{,}693
  2. Oxigen. t1/2=3,3⋅10−4⋅0,69310−2=0,023 st_{1/2} = \tfrac{3{,}3\cdot10^{-4}\cdot 0{,}693}{10^{-2}} = 0{,}023\ \text{s}.
  3. Molècula polar. t1/2=3,3⋅10−4⋅0,69310−6=231 st_{1/2} = \tfrac{3{,}3\cdot10^{-4}\cdot 0{,}693}{10^{-6}} = 231\ \text{s}, uns 4 minuts.
  4. Ió. t1/2=3,3⋅10−4⋅0,69310−12=2,3⋅108 st_{1/2} = \tfrac{3{,}3\cdot10^{-4}\cdot 0{,}693}{10^{-12}} = 2{,}3\cdot10^{8}\ \text{s}; dividint per 3,15⋅107 s/any3{,}15\cdot10^{7}\ \text{s/any}, uns 7 anys.

Apartat c)

Resultat

La bicapa és molt selectiva (deu ordres de magnitud de diferència entre l'oxigen i un ió): sense canals i transportadors, els ions i les molècules polars pràcticament no passarien.

Resolució

  1. Permeabilitat selectiva. La bicapa deixa passar molt de pressa les molècules apolars, bastant lentament les polars petites i pràcticament mai els ions, perquè la seva càrrega no pot travessar el nucli hidròfob. Aquesta diferència de deu ordres de magnitud és la base de la permeabilitat selectiva.
  2. Funció dels canals i transportadors. Si els ions i les molècules polars només poguessin passar per la bicapa pura, la cèl·lula no podria respondre en mil·lisegons. Per això les membranes tenen canals i transportadors, que permeten el pas de substàncies concretes quan i com la cèl·lula ho necessita i, alhora, permeten mantenir els gradients iònics.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 44

Es cultiven cèl·lules adherents en una placa de 100 mm2 d'àrea. Cada cèl·lula en cultiu ocupa uns 400 µm2 quan forma una monocapa contínua (confluència). Se sembren 5,0·10410^{4} cèl·lules, que dupliquen la població cada 20 h.
a) Quantes cèl·lules hi caben en una monocapa confluent? (1 mm2 = 10610^{6} µm2)
b) Quant de temps tardarà el cultiu a arribar a la confluència si el creixement és exponencial?
c) Les cèl·lules normals deixen de dividir-se en arribar a la confluència (inhibició per contacte). Què s'observaria en un cultiu de cèl·lules tumorals que hagin perdut aquesta propietat?
d) Quina relació té això amb el control del cicle cel·lular?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 44

Apartat a)

Resultat

2,5⋅1052{,}5\cdot10^{5} cèl·lules.

Resolució

  1. Àrea. 100 mm2=100⋅106=1,0⋅108 μm2100\ \text{mm}^{2} = 100\cdot10^{6} = 1{,}0\cdot10^{8}\ \mu\text{m}^{2}.
  2. Càlcul. Nmax=1,0⋅108400=2,5⋅105N_{\mathrm{max}} = \dfrac{1{,}0\cdot10^{8}}{400} = 2{,}5\cdot10^{5} cèl·lules.

Apartat b)

Resultat

Unes 46 h (uns 2 dies).

Resolució

  1. Factor de creixement. Cal multiplicar la població per 2,5⋅1055,0⋅104=5\tfrac{2{,}5\cdot10^{5}}{5{,}0\cdot10^{4}} = 5.
  2. Creixement exponencial. Amb nn duplicacions: 2n=52^{n} = 5, n=log⁡25=2,32n = \log_2 5 = 2{,}32.
  3. Temps. t=2,32⋅20 h≈46 ht = 2{,}32\cdot 20\ \text{h} \approx 46\ \text{h}, és a dir, uns 2 dies.

Apartat c)

Resultat

Les cèl·lules tumorals continuarien dividint-se després de la confluència: s'amuntegarien en capes o masses (focus) i superarien el nombre màxim de la monocapa.

Resolució

  1. Cultiu normal. S'atura quan forma la monocapa.
  2. Cultiu tumoral. Les cèl·lules continuen dividint-se, s'amunteguen i formen capes o masses (focus) sobre la monocapa, i el cultiu supera el nombre de cèl·lules previst per a la confluència.

Apartat d)

Resultat

La inhibició per contacte és un senyal que atura el cicle al punt de control de G1 (pas a G0); si falla, la cèl·lula es divideix sense control, com en el càncer.

Resolució

  1. Mecanisme de control. Els senyals de contacte entre cèl·lules fan que s'aturin al punt de control de G1 i entrin a G0.
  2. Si falla. Si les vies que reben aquests senyals fallen (per mutació de gens que regulen el cicle), la cèl·lula ignora l'ordre d'aturar-se, que és una característica del càncer.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 45

Un macròfag esfèric de 10 µm de radi internalitza per endocitosi 2000 vesícules per minut, cada una amb un diàmetre de 100 nm (0,1 µm). Suposa que les vesícules són esferes.
a) Calcula l'àrea de membrana plasmàtica que s'internalitza cada minut (àrea d'una vesícula = πd2) i quin percentatge és de l'àrea total de la cèl·lula (4πr2).
b) En quant de temps s'hauria internalitzat una àrea igual a tota la superfície si no hi hagués reposició?
c) El volum de líquid que entra a cada vesícula és (π6\tfrac{\pi}{6})d3d^{3}. Quin percentatge del volum de la cèl·lula entra cada hora?
d) Què ha de passar amb la membrana perquè la cèl·lula no s'encongeixi?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 45

Apartat a)

Resultat

≈63 μm2\approx 63\ \mu\text{m}^{2} per minut, el 5,0 % de l'àrea de la cèl·lula.

Resolució

  1. Àrea d'una vesícula. Av=πd2=π⋅(0,1 μm)2=0,0314 μm2A_v = \pi d^{2} = \pi\cdot(0{,}1\ \mu\text{m})^{2} = 0{,}0314\ \mu\text{m}^{2}.
  2. Per minut. 2000⋅0,0314=63 μm22000\cdot 0{,}0314 = 63\ \mu\text{m}^{2}.
  3. Àrea de la cèl·lula. A=4π⋅102=1257 μm2A = 4\pi\cdot 10^{2} = 1257\ \mu\text{m}^{2}.
  4. Percentatge. 631257⋅100=5,0 %\tfrac{63}{1257}\cdot 100 = 5{,}0\ \% per minut.

Apartat b)

Resultat

En 20 minuts.

Resolució

  1. Plantejament. Cada minut s'internalitza el 5 % de la superfície.
  2. Càlcul. 100 %5 % per minut=20 min\tfrac{100\ \%}{5\ \%\ \text{per minut}} = 20\ \text{min}.

Apartat c)

Resultat

Un 1,5 % del volum de la cèl·lula cada hora.

Resolució

  1. Volum d'una vesícula. Vv=π6⋅0,13=5,2⋅10−4 μm3V_v = \tfrac{\pi}{6}\cdot 0{,}1^{3} = 5{,}2\cdot10^{-4}\ \mu\text{m}^{3}.
  2. En una hora. 2000⋅60⋅5,2⋅10−4=63 μm32000\cdot 60\cdot 5{,}2\cdot10^{-4} = 63\ \mu\text{m}^{3}.
  3. Volum de la cèl·lula i percentatge. V=43π⋅103=4189 μm3V = \tfrac{4}{3}\pi\cdot 10^{3} = 4189\ \mu\text{m}^{3}; 634189⋅100=1,5 %\tfrac{63}{4189}\cdot 100 = 1{,}5\ \% per hora.

Apartat d)

Resultat

La membrana s'ha de reciclar: les vesícules tornen a la superfície per exocitosi, i el reticle i el Golgi n'aporten de nova.

Resolució

  1. Sense reposició. Si només hi hagués endocitosi, la membrana desapareixeria en 20 minuts.
  2. Reciclatge. Les vesícules tornen a la superfície per exocitosi, i la membrana nova que fabriquen el reticle i el Golgi la complementa. Quasi tota la membrana internalitzada torna a la superfície, i per això la cèl·lula manté la mida.
  3. Idea clau. La membrana és un compartiment en circulació constant.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 46

Es mesura l'intercanvi net d'oxigen d'un disc de fulla a diferents intensitats de llum (en µmol d'O2\mathrm{O}_{2} per m2\text{m}^{2} i s; el signe positiu indica alliberament). Llum (µmol de fotons/m2\text{m}^{2}·s): 0, 50, 200, 600, 1000. Intercanvi net d'O2\mathrm{O}_{2}: -0,8; 0,0; +2,1; +4,0; +4,1.
a) Interpreta el valor a 0 de llum. Quin orgànul hi intervé?
b) Què és el punt de compensació de la llum i quin valor té aquí?
c) Calcula la fotosíntesi bruta a cada llum, suposant que la respiració mitocondrial es manté igual amb llum.
d) Què passa entre 600 i 1000? Dona dues causes possibles.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 46

Apartat a)

Resultat

A 0 de llum només hi ha respiració: la fulla consumeix 0,8 µmol d'O₂/(m²·s). Hi intervé el mitocondri.

Resolució

  1. Sense llum. No hi ha fotosíntesi i només es fa respiració cel·lular: el valor negatiu (−0,8) indica que la fulla consumeix 0,8 µmol d'O₂ per m² i s.
  2. Orgànul. El mitocondri, que també funciona quan hi ha llum.

Apartat b)

Resultat

És la intensitat de llum en què la fotosíntesi compensa exactament la respiració (intercanvi net zero): aquí, 50 µmol de fotons/(m²·s).

Resolució

  1. Definició. El punt de compensació és la intensitat de llum a la qual l'oxigen alliberat per la fotosíntesi és igual al consumit per la respiració, i l'intercanvi net és zero.
  2. Valor. Segons les dades, 50 µmol de fotons/(m²·s).

Apartat c)

Resultat

Fotosíntesi bruta: 0; 0,8; 2,9; 4,8 i 4,9 µmol d'O₂/(m²·s).

Resolució

  1. Relació. fotosıˊntesi bruta=intercanvi net+respiracioˊ (0,8)\text{fotosíntesi bruta} = \text{intercanvi net} + \text{respiració}\ (0{,}8)
  2. Càlcul. 0 de llum: −0,8+0,8=0-0{,}8 + 0{,}8 = 0; 50: 0,8; 200: 2,9; 600: 4,8; 1000: 4,9 µmol d'O₂/(m²·s).
  3. Nota. És una simplificació; la respiració de la fulla amb llum pot ser diferent de la que té a la foscor.

Apartat d)

Resultat

La fotosíntesi se satura: un altre factor passa a ser limitant (CO₂, enzims del cicle de Calvin o transport d'electrons), i a llum molt intensa hi pot haver fotoinhibició.

Resolució

  1. Saturació. Entre 600 i 1000 gairebé no hi ha augment (de 4,8 a 4,9): la llum ja no és el factor limitant.
  2. Causes possibles. La concentració de CO₂ (els estomes limiten l'entrada), la quantitat d'enzims del cicle de Calvin (com la RuBisCO) o la velocitat del transport d'electrons.
  3. Excés de llum. A llum molt intensa, un excés d'energia també pot danyar el fotosistema (fotoinhibició).

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 47

Una varietat de síndria sense llavors és triploide (3n = 33; el nombre bàsic és x = 11). Els seus cromosomes formen 11 grups de tres homòlegs, i a la meiosi cada grup es reparteix a l'atzar de manera que dos homòlegs van a un pol i un a l'altre.
a) Per què una planta triploide no pot fer una meiosi normal?
b) Quina és la probabilitat que un gàmeta rebi exactament un cromosoma de cada grup (11 cromosomes) i que en rebi dos de cada grup (22)? Quina probabilitat té un gàmeta d'aquests dos tipus ben equilibrats?
c) Què en resulta per a la formació de llavors?
d) Com s'obté aquesta planta a partir de dues plantes diploides?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 47

Apartat a)

Resultat

Perquè els homòlegs van en grups de tres i no es poden repartir per igual entre els dos pols.

Resolució

  1. Aparellament. A la meiosi els homòlegs s'aparellen de dos en dos; tres homòlegs no es poden aparellar així.
  2. Repartiment desigual. A l'anafase I, un dels pols en rep dos i l'altre un. No és possible un repartiment igual i, a l'atzar, els gàmetes tenen quantitats desiguals i variables de cromosomes.

Apartat b)

Resultat

P(11)=P(22)=(12)11=12048P(11) = P(22) = \left(\tfrac{1}{2}\right)^{11} = \tfrac{1}{2048}; gàmeta equilibrat: 22048=11024≈0,1 %\tfrac{2}{2048} = \tfrac{1}{1024} \approx 0{,}1\ \%.

Resolució

  1. Per a cada grup. La probabilitat que un gàmeta determinat rebi un cromosoma és 12\tfrac{1}{2}, i que en rebi dos, també 12\tfrac{1}{2}. Els 11 grups es reparteixen de manera independent.
  2. Un de cada grup (11). (12)11=12048\left(\tfrac{1}{2}\right)^{11} = \tfrac{1}{2048}. Dos de cada grup (22). També 12048\tfrac{1}{2048}.
  3. Gàmeta equilibrat (n o 2n). P=22048=11024≈0,1 %P = \dfrac{2}{2048} = \dfrac{1}{1024} \approx 0{,}1\ \%

Apartat c)

Resultat

Gairebé tots els gàmetes són aneuploides i no són viables: quasi no es formen llavors.

Resolució

  1. Gàmetes aneuploides. La immensa majoria dels gàmetes tenen un nombre de cromosomes desequilibrat i no són viables (o el zigot no es desenvolupa).
  2. Conclusió. Quasi no es formen llavors: per això la síndria triploide és pràcticament sense llavors.

Apartat d)

Resultat

Creuant una planta tetraploide (4n, gàmetes 2n) amb una de diploide (2n, gàmetes n): el zigot és 3n. La tetraploide s'obté duplicant els cromosomes amb colquicina.

Resolució

  1. Tetraploide. S'obté duplicant el nombre de cromosomes d'una diploide, per exemple amb colquicina (que impedeix el fus i, per tant, la separació a dues cèl·lules).
  2. Encreuament. Tetraploide (4n; gàmetes 2n) × diploide (2n; gàmetes n): el zigot té 2n + n = 3n.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 48

Per demostrar que una proteïna (AQP) és un canal d'aigua, s'injecta ARNm que la codifica en oòcits de granota, que tenen una permeabilitat a l'aigua molt baixa, i es posen en un medi hipotònic. Increment relatiu de volum després de 5 min (dades simplificades): oòcits injectats amb aigua, 8 %; oòcits amb ARNm d'AQP, 85 %; oòcits amb ARNm d'AQP més HgCl2 (que bloqueja grups -SH), 12 %; els mateixos tractats després amb β-mercaptoetanol (que restableix els grups -SH), 80 %.
a) Calcula quantes vegades més ràpid s'infla l'oòcit amb AQP que el control.
b) Quines conclusions es poden treure de cada condició?
c) Per què és important el grup injectat amb aigua? Quin altre control afegiries?
d) Per què l'efecte d'HgCl2 reversible suggereix que la proteïna té un grup -SH implicat?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 48

Apartat a)

Resultat

Unes 11 vegades més ràpid (858≈10,6\tfrac{85}{8} \approx 10{,}6).

Resolució

  1. Càlcul. 85 %8 %≈10,6\tfrac{85\ \%}{8\ \%} \approx 10{,}6: s'infla unes 11 vegades més de pressa.
  2. Interpretació. Com que el volum creix a mesura que l'aigua entra, la velocitat d'inflament és una mesura de la permeabilitat a l'aigua.

Apartat b)

Resultat

L'AQP augmenta molt la permeabilitat a l'aigua; el mercuri la bloqueja i el β-mercaptoetanol la restableix: la funció depèn de la proteïna i la inhibició és reversible.

Resolució

  1. Control (aigua). Permeabilitat basal baixa.
  2. AQP. La presència de la proteïna fa augmentar molt la permeabilitat; l'aigua entra per osmosi i l'oòcit s'infla.
  3. AQP + HgCl₂. El compost mercurial inhibeix l'efecte: la funció depèn de la proteïna intacta.
  4. β-mercaptoetanol. Restableix la funció, de manera que la inhibició és reversible.

Apartat c)

Resultat

Mostra l'efecte de la injecció mateixa i la permeabilitat basal; afegiria un control injectat amb l'ARNm d'una altra proteïna de membrana que no sigui un canal d'aigua.

Resolució

  1. Grup injectat amb aigua. Mostra l'efecte de la injecció mateixa (dany mecànic, volum injectat) i la permeabilitat basal de l'oòcit.
  2. Control addicional. Injectar l'ARNm d'una altra proteïna de membrana que no sigui un canal d'aigua, per mostrar que l'efecte és específic d'AQP i no de qualsevol proteïna de membrana expressada.

Apartat d)

Resultat

Perquè el mercuri s'uneix als grups −SH de les cisteïnes i un reductor desfà aquesta unió: si el β-mercaptoetanol reverteix l'efecte, la inhibició es deu a un −SH de la proteïna.

Resolució

  1. Química del mercuri. El mercuri s'uneix als grups −SH (tiols) de les cisteïnes; aquesta unió es reverteix amb un reductor com el β-mercaptoetanol.
  2. Conclusió. Que l'efecte s'inverteixi suggereix que el bloqueig es deu a la modificació d'un grup −SH de la proteïna, i que no destrueix el canal.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 49

La malaltia de Tay-Sachs és autosòmica recessiva. Es deu a la manca de l'enzim hexosaminidasa A, que degrada el gangliòsid GM2 als lisosomes de les neurones. Les persones sanes homozigotes tenen una activitat enzimàtica del 100 %, els portadors uns 50 % i els afectats gairebé 0 %.
a) Explica, a escala cel·lular, per què la manca de l'enzim danya les neurones.
b) Per què els portadors són sans tot i tenir només la meitat de l'activitat?
c) Una parella de portadors vol tenir un fill: quina és la probabilitat que sigui afectat? I que sigui portador?
d) Una dona sana té un germà afectat, i els seus pares són sans. Quina és la probabilitat que sigui portadora? Si la freqüència de portadors en la població és d'1 de cada 250 i el seu company no té antecedents, quina és la probabilitat que el seu primer fill sigui afectat?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 49

Apartat a)

Resultat

Sense l'enzim, el gangliòsid GM2 no es degrada i s'acumula als lisosomes de les neurones, que s'inflen i n'alteren el funcionament fins que degeneren.

Resolució

  1. Funció normal. Els lisosomes digereixen molècules; l'hexosaminidasa A degrada el GM2.
  2. Sense l'enzim. El GM2 no es degrada i s'acumula als lisosomes, que s'inflen.
  3. Conseqüència. Els lisosomes plens interfereixen amb el funcionament de la neurona, fins que aquesta degenera.

Apartat b)

Resultat

Perquè la meitat de l'enzim n'hi ha prou per degradar el GM2 al ritme que es produeix: l'al·lel mutat és recessiu.

Resolució

  1. Un al·lel funcional. Amb un sol al·lel funcional es fabrica prou enzim (la meitat) perquè el GM2 es degradi a la velocitat que es produeix: l'enzim no és el factor limitant.
  2. Conclusió. Per això l'al·lel mutat és recessiu.

Apartat c)

Resultat

Afectat: 14\tfrac{1}{4} (25 %); portador: 12\tfrac{1}{2} (50 %).

Resolució

  1. Encreuament. Aa × Aa → AA 14\tfrac{1}{4}, Aa 12\tfrac{1}{2}, aa 14\tfrac{1}{4}.
  2. Resultat. Fill afectat (aa): 14=25 %\tfrac{1}{4} = 25\ \%. Fill portador (Aa): 12=50 %\tfrac{1}{2} = 50\ \%.

Apartat d)

Resultat

Probabilitat de ser portadora: 23\tfrac{2}{3}; probabilitat que el primer fill sigui afectat: 11500≈0,07 %\tfrac{1}{1500} \approx 0{,}07\ \%.

Resolució

  1. Pares. Són sans i han tingut un fill afectat: tots dos són portadors (Aa).
  2. Probabilitat condicionada. La dona és sana, de manera que és AA (14\tfrac{1}{4}) o Aa (24\tfrac{2}{4}): P(portadora)=2/43/4=23P(\text{portadora}) = \dfrac{2/4}{3/4} = \dfrac{2}{3}
  3. Fill afectat. Cal que tots dos siguin portadors i que el fill sigui aa: P=23⋅1250⋅14=23000=11500≈0,07 %P = \dfrac{2}{3}\cdot\dfrac{1}{250}\cdot\dfrac{1}{4} = \dfrac{2}{3000} = \dfrac{1}{1500} \approx 0{,}07\ \% (Si se sabés que la dona és portadora, seria 11000\tfrac{1}{1000}.)
  4. Idea clau. Cal condicionar a «és sana» quan es calcula la probabilitat de ser portador.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 50

La fibrosi quística és una malaltia autosòmica recessiva causada per mutacions al gen CFTR, que codifica un canal de clorur de la membrana plasmàtica de les cèl·lules epitelials. La mutació més freqüent fa que la proteïna es plegui malament, quedi retinguda al reticle endoplasmàtic i es destrueixi. En una població europea la incidència és d'1 afectat cada 2500 nascuts (suposa equilibri de Hardy-Weinberg).
a) Calcula les freqüències dels dos al·lels, q (mutat) i p (normal).
b) Calcula el percentatge de portadors a la població.
c) Una parella sense la malaltia, sense antecedents, té un fill: quina és la probabilitat que sigui afectat?
d) Explica la cadena causal des de la proteïna fins als símptomes pulmonars (el moc espès).

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 50

Apartat a)

Resultat

q=0,02q = 0{,}02; p=0,98p = 0{,}98.

Resolució

  1. Hardy-Weinberg. La freqüència d'afectats (aa) és q2q^{2}.
  2. Càlcul. q2=12500=0,0004q^{2} = \tfrac{1}{2500} = 0{,}0004, q=0,02q = 0{,}02; p=1−q=0,98p = 1 - q = 0{,}98.

Apartat b)

Resultat

2pq≈3,9 %2pq \approx 3{,}9\ \%, aproximadament 1 de cada 25 persones.

Resolució

  1. Portadors. 2pq=2⋅0,98⋅0,02=0,03922pq = 2\cdot 0{,}98\cdot 0{,}02 = 0{,}0392.
  2. Resultat. Un 3,9 %, aproximadament 1 de cada 25 persones.

Apartat c)

Resultat

P≈3,8⋅10−4≈12600P \approx 3{,}8\cdot10^{-4} \approx \tfrac{1}{2600}.

Resolució

  1. Portador si és sa. Cada progenitor sa és portador amb probabilitat 2pq1−q2=0,03920,9996≈0,039\dfrac{2pq}{1 - q^{2}} = \dfrac{0{,}0392}{0{,}9996} \approx 0{,}039
  2. Fill afectat. P=0,039⋅0,039⋅14≈3,8⋅10−4≈12600P = 0{,}039\cdot 0{,}039\cdot\tfrac{1}{4} \approx 3{,}8\cdot10^{-4} \approx \tfrac{1}{2600}.
  3. Coherència. És pràcticament la incidència de la població (1/2500): gairebé tots els afectats neixen de parelles sense antecedents.

Apartat d)

Resultat

CFTR mal plegat → retingut i destruït al reticle → no hi ha canal de Cl⁻ a la membrana → poca secreció de Cl⁻ i d'aigua → moc espès → infeccions i dany pulmonar.

Resolució

  1. Proteïna. El gen mutat produeix un CFTR mal plegat, que el control de qualitat del reticle endoplasmàtic reté i destrueix, i no arriba a la membrana.
  2. Transport d'ions. Sense el canal de clorur, l'epiteli de les vies respiratòries no secreta prou Cl⁻ cap a la llum i, com que l'aigua segueix els ions per osmosi, la capa de líquid es deshidrata.
  3. Moc espès. El moc es fa espès i enganxós i els cilis no el poden netejar: s'hi acumulen bacteris i es produeixen infeccions i dany pulmonar.
  4. Altres òrgans. Un mecanisme semblant afecta el pàncrees i les glàndules sudorípares.

Nivell Batxillerat: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preguntes freqüents

Com es calcula l'augment total d'un microscopi òptic?

Multiplicant l'augment de l'ocular pel de l'objectiu. Un ocular de 10x amb un objectiu de 40x dona 400 augments.

Per què el mitocondri i el cloroplast tenen ADN propi?

Segons la teoria endosimbiòtica, perquè provenen de bacteris que fa milions d'anys van quedar a dins d'una cèl·lula més gran i hi van acabar vivint en simbiosi.

Tornar a Biologia, Geologia i Ciències Ambientals

Altres temes de Biologia, Geologia i Ciències Ambientals 1r Batxillerat