Salta al contingut
Classes de reforç

Exercicis de citologia — Biologia 2n Batxillerat

Aquest tema estudia la cèl·lula amb el detall que demana la PAU. Els exercicis et fan desmuntar idees errònies, com que procariota vol dir només cèl·lula petita, i relacionar cada orgànul amb la seva funció. La part central és el transport a través de la membrana: per què l'oxigen la travessa per difusió simple, d'on treu l'energia el transport actiu primari i com es classifiquen la fagocitosi, la pinocitosi i l'exocitosi. També converteixes unitats de mesura i calcules la mida real d'una cèl·lula al microscopi. Les solucions argumenten amb precisió. Errors típics: confondre transport passiu i actiu i creure que la difusió facilitada gasta energia.

Tens examen d'aquest tema? Fes un simulacre de 60 minuts com el de l'institut, amb solucions i criteris de correcció.Fes el simulacre →

Nivell bàsic

Exercici 1

És cert que 'procariota' vol dir simplement 'cèl·lula petita'? Justifica la resposta.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 1

Resultat

No: «procariota» vol dir sense nucli (l'ADN és lliure al citoplasma), no «petita»; el que les defineix és la manca de nucli i d'orgànuls de membrana.

Resolució

  1. Origen del terme. «Procariota» ve del grec pro (abans) i karyon (nucli): fa referència a una cèl·lula «d'abans del nucli», és a dir, sense nucli.
  2. Què les defineix. Les cèl·lules procariotes no tenen nucli: l'ADN és lliure al citoplasma. Tampoc no tenen orgànuls envoltats de membrana.
  3. I la mida? És cert que solen ser més petites que les eucariotes, però la mida és una conseqüència, no la definició.
  4. Conclusió. L'afirmació és falsa: el criteri és l'absència de nucli i d'orgànuls membranosos, no la mida.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 2

Quins són els components principals de la membrana plasmàtica?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 2

Resultat

Una bicapa de lípids (sobretot fosfolípids, i colesterol a les cèl·lules animals) amb proteïnes inserides o adherides, i glúcids units a lípids i proteïnes per la cara externa.

Resolució

  1. Lípids. La base és una bicapa de fosfolípids; a les cèl·lules animals també hi ha colesterol intercalat.
  2. Proteïnes. Hi ha proteïnes inserides a la bicapa (integrals) o adherides a una de les cares (perifèriques).
  3. Glúcids. A la cara externa hi ha glúcids units a lípids (glicolípids) i a proteïnes (glicoproteïnes).
  4. Conclusió. Lípids, proteïnes i glúcids són els tres components principals de la membrana plasmàtica.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 3

D'on treu l'energia el transport actiu primari?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 3

Resultat

De la hidròlisi de l'ATP, que fa la mateixa proteïna transportadora; l'exemple típic és la bomba de sodi-potassi.

Resolució

  1. Què és. El transport actiu mou substàncies en contra del seu gradient, i això necessita energia.
  2. Font d'energia. En el transport actiu primari l'energia surt directament de la hidròlisi de l'ATP, que fa la mateixa proteïna transportadora (és una ATPasa).
  3. Exemple. La bomba de sodi-potassi, que treu Na+ i entra K+ gastant ATP.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 4

Un alumne resumeix així la teoria cel·lular: «Tots els éssers vius estan formats per una o més cèl·lules; la cèl·lula és la unitat estructural i funcional dels éssers vius; les cèl·lules noves es formen espontàniament a partir de matèria no viva». Troba l'afirmació incorrecta, corregeix-la i afegeix el postulat que falta sobre la informació genètica.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 4

Resultat

La incorrecta és la tercera: tota cèl·lula prové d'una altra cèl·lula preexistent per divisió (omnis cellula e cellula). Falta el postulat que la cèl·lula és la unitat genètica, perquè conté l'ADN que transmet a les filles.

Resolució

  1. Dos postulats correctes. Tots els éssers vius estan formats per cèl·lules, i la cèl·lula és la unitat mínima d'estructura i de funció: és la unitat més petita capaç de fer les funcions vitals (nutrició, relació i reproducció).
  2. L'afirmació incorrecta. Les cèl·lules no es formen espontàniament a partir de matèria no viva: tota cèl·lula prové d'una altra cèl·lula preexistent, per divisió (postulat de Virchow, «omnis cellula e cellula»).
  3. Postulat que falta. La cèl·lula és la unitat genètica: conté la informació hereditària (ADN) que controla el seu funcionament i que transmet a les cèl·lules filles.
  4. Conclusió. La teoria cel·lular completa té quatre idees: unitat estructural, funcional, d'origen i genètica.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 5

El límit de resolució del microscopi òptic és d'uns 0,2 µm, i el del microscopi electrònic, d'uns 0,2 nm. Explica què és el límit de resolució, i raona per què amb el microscopi òptic veiem el nucli i els cloroplasts però no els ribosomes, que fan uns 25 nm de diàmetre.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 5

Resultat

El límit de resolució és la distància mínima entre dos punts perquè es vegin separats. El nucli i els cloroplasts (uns 5 µm) superen de molt els 200 nm del microscopi òptic; els ribosomes (25 nm) no, i només es veuen amb el microscopi electrònic.

Resolució

  1. Definició. El límit de resolució és la distància mínima entre dos punts que el microscopi pot mostrar com a separats; per sota d'aquesta distància es veuen com un sol punt, per més que augmentem la imatge.
  2. Unitats. 0,2 μm=200 nm0{,}2\ \mu\text{m} = 200\ \text{nm}. El nucli (uns 5 µm) i els cloroplasts (uns 5 µm de llarg) són molt més grans que 200 nm i es veuen bé.
  3. Ribosomes. Un ribosoma fa 25 nm, unes 20025=8\tfrac{200}{25} = 8 vegades menys que el límit de resolució del microscopi òptic: no es pot distingir.
  4. Microscopi electrònic. Amb un límit de 0,2 nm (mil vegades millor), els ribosomes sí que es veuen.
  5. Compte. No confonguis augment i resolució: augmentar més una imatge borrosa no fa que s'hi vegin detalls nous.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 6

Classifica les estructures següents segons si són exclusives de la cèl·lula vegetal, exclusives de la cèl·lula animal o comunes a totes dues: paret cel·lular, centríols, cloroplasts, mitocondris, vacúol gran central, lisosomes, ribosomes, aparell de Golgi i plasmodesmes.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 6

Resultat

Vegetals: paret cel·lular, cloroplasts, vacúol gran central i plasmodesmes. Animals: centríols i lisosomes típics. Comunes: mitocondris, ribosomes i aparell de Golgi.

Resolució

  1. Exclusives de la cèl·lula vegetal. Paret cel·lular (de cel·lulosa), cloroplasts, vacúol gran central i plasmodesmes (canals que comuniquen cèl·lules veïnes a través de la paret).
  2. Exclusives de la cèl·lula animal. Centríols (les cèl·lules de les plantes superiors no en tenen) i lisosomes típics (a les plantes, la funció digestiva la fa sobretot el vacúol).
  3. Comunes. Mitocondris, ribosomes i aparell de Golgi (a les plantes, el Golgi s'anomena dictiosoma), a més de membrana plasmàtica, nucli, reticle endoplasmàtic i citoesquelet.
  4. Compte. Un error típic és dir que les cèl·lules vegetals no tenen mitocondris: en tenen, perquè també respiren.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 7

Relaciona cada orgànul amb la seva funció principal: ribosoma, lisosoma, aparell de Golgi, reticle endoplasmàtic llis, peroxisoma, nuclèol i vacúol. Funcions: síntesi de lípids i detoxificació; digestió intracel·lular; síntesi de proteïnes; síntesi d'ARN ribosòmic i muntatge de les subunitats dels ribosomes; modificació, classificació i empaquetament de proteïnes; emmagatzematge d'aigua i substàncies, i turgència; degradació del peròxid d'hidrogen per la catalasa.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 7

Resultat

Ribosoma: síntesi de proteïnes · lisosoma: digestió intracel·lular · Golgi: modificació, classificació i empaquetament de proteïnes · REL: síntesi de lípids i detoxificació · peroxisoma: degradació de l'H₂O₂ · nuclèol: síntesi d'ARNr i muntatge dels ribosomes · vacúol: emmagatzematge i turgència.

Resolució

  1. Ribosoma. Síntesi de proteïnes (traducció de l'ARNm).
  2. Lisosoma. Digestió intracel·lular, gràcies als enzims hidrolítics que conté.
  3. Aparell de Golgi. Modificació, classificació i empaquetament de proteïnes en vesícules.
  4. Reticle endoplasmàtic llis. Síntesi de lípids i detoxificació de substàncies.
  5. Peroxisoma. Degradació del peròxid d'hidrogen (H2O2\mathrm{H_2O_2}) per la catalasa.
  6. Nuclèol. Síntesi d'ARN ribosòmic i muntatge de les subunitats dels ribosomes.
  7. Vacúol. Emmagatzematge d'aigua i substàncies i manteniment de la turgència (sobretot a les cèl·lules vegetals).

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 8

Raona si és cert o fals: «El nuclèol és un orgànul del nucli, envoltat de membrana, on es fabriquen les proteïnes de la cèl·lula». Descriu després les altres parts del nucli en interfase.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 8

Resultat

Fals: el nuclèol no té membrana i no hi fabriquen proteïnes, sinó ARN ribosòmic i subunitats dels ribosomes. El nucli en interfase té envolta nuclear amb porus, nucleoplasma, cromatina i nuclèol.

Resolució

  1. Primer error. El nuclèol no està envoltat de cap membrana: és una zona més densa del nucli on hi ha els gens de l'ARN ribosòmic.
  2. Segon error. Al nuclèol no s'hi fabriquen proteïnes: s'hi sintetitza l'ARN ribosòmic i s'hi munten les subunitats dels ribosomes, que després surten pels porus nuclears. Les proteïnes es fabriquen als ribosomes del citoplasma.
  3. Envolta nuclear. Formada per dues membranes amb porus que regulen el pas de molècules (ARN i proteïnes); és contínua amb el reticle endoplasmàtic.
  4. Nucleoplasma i cromatina. El nucleoplasma és el medi intern del nucli; la cromatina és l'ADN unit a proteïnes (histones), que en dividir-se la cèl·lula es condensa en cromosomes.
  5. Conclusió. L'afirmació és falsa per dos motius: el nuclèol no és un orgànul membranós i no fabrica proteïnes.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 9

Un company diu: «Les cèl·lules vegetals tenen cloroplasts i les animals tenen mitocondris; per això les plantes fan la fotosíntesi i els animals respiren». Raona si l'afirmació és correcta i descriu breument l'estructura del mitocondri.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 9

Resultat

Incorrecta: les cèl·lules vegetals tenen cloroplasts i també mitocondris, i respiren contínuament. El mitocondri té dues membranes (la interna plegada en crestes), espai intermembranós i matriu.

Resolució

  1. Error de l'afirmació. Les cèl·lules vegetals tenen cloroplasts i també mitocondris, com qualsevol cèl·lula eucariota.
  2. Fotosíntesi i respiració. Les plantes fan la fotosíntesi als cloroplasts quan hi ha llum, però respiren contínuament (de dia i de nit) als mitocondris per obtenir ATP.
  3. Membranes del mitocondri. L'externa és llisa i permeable; la interna està plegada en crestes, que n'augmenten la superfície i on hi ha la cadena respiratòria i l'ATP-sintasa. Entre les dues hi ha l'espai intermembranós.
  4. Matriu. L'interior és la matriu, que conté els enzims del cicle de Krebs, ADN circular propi i ribosomes, semblants als dels bacteris.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 10

Indica quin component del citoesquelet (microtúbuls, microfilaments o filaments intermedis) i quina proteïna el forma en cada cas: a) els cilis i els flagells; b) el fus mitòtic que separa els cromosomes; c) l'anell que estrangula la cèl·lula animal en la citocinesi; d) la contracció muscular; e) la resistència mecànica de les cèl·lules de la pell.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 10

Apartat a)

Resultat

Microtúbuls, de tubulina (estructura 9 + 2).

Resolució

  1. Estructura. Els cilis i els flagells tenen un axonema de microtúbuls, formats per tubulina, disposats en 9 parells perifèrics i 2 centrals (estructura 9 + 2).
  2. Compte. Un error típic és atribuir els cilis als microfilaments: els cilis i els flagells sempre són de microtúbuls.

Apartat b)

Resultat

Microtúbuls, de tubulina.

Resolució

  1. Origen del fus. El fus mitòtic s'organitza a partir dels centrosomes.
  2. Funció. Els seus microtúbuls (de tubulina) estiren els cromosomes cap als pols.

Apartat c)

Resultat

Microfilaments d'actina (amb miosina).

Resolució

  1. Anell contràctil. Els microfilaments d'actina, juntament amb la miosina, formen l'anell contràctil.
  2. Funció. L'anell es tanca i divideix el citoplasma de la cèl·lula animal en la citocinesi.

Apartat d)

Resultat

Microfilaments d'actina, que llisquen sobre la miosina.

Resolució

  1. Sarcòmer. A la fibra muscular, els microfilaments d'actina s'intercalen amb filaments de miosina.
  2. Contracció. L'actina llisca sobre la miosina i el múscul s'escurça.

Apartat e)

Resultat

Filaments intermedis, de queratina.

Resolució

  1. Tipus. Els filaments intermedis de les cèl·lules epitelials són de queratina.
  2. Funció. Són fibres molt resistents que donen a les cèl·lules de la pell resistència a la tracció.

T'has encallat? T'ajudem amb el dubte Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell intermedi

Exercici 11

En una micrografia, la barra d'escala indica 10 µm i mesura 5 mm sobre el paper. Un bacteri fa 2 mm de llarg a la foto. Quina és la seva mida real?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 11

Resultat

Lreal=4 μmL_{\text{real}} = 4\ \mu\text{m}

Resolució

  1. Dades. La barra d'escala mesura 5 mm a la foto i representa 10 µm reals; el bacteri fa 2 mm a la foto.
  2. Escala. Si 5 mm de foto són 10 µm de debò, 1 mm de foto equival a 10 μm5 mm=2 μm/mm\dfrac{10\ \mu\text{m}}{5\ \text{mm}} = 2\ \mu\text{m/mm}
  3. Càlcul. Lreal=2 mm⋅2 μm/mm=4 μmL_{\text{real}} = 2\ \text{mm} \cdot 2\ \mu\text{m/mm} = 4\ \mu\text{m}.
  4. Comprovació. 4 µm és una mida típica d'un bacteri (1–10 µm), així que el resultat és raonable.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 12

Per què l'oxigen i el diòxid de carboni travessen la membrana per difusió simple, però la glucosa necessita una proteïna?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 12

Resultat

L'O₂ i el CO₂ són petites i apolars i passen entre els fosfolípids; la glucosa és més gran i polar i necessita una proteïna transportadora (difusió facilitada).

Resolució

  1. Naturalesa de la bicapa. L'interior de la membrana és hidròfob (cues dels fosfolípids): només el travessen bé les molècules petites i apolars.
  2. O₂ i CO₂. Són molècules petites i apolars que passen directament entre els fosfolípids: difusió simple.
  3. Glucosa. És més gran i polar, i la bicapa no la deixa passar: entra per difusió facilitada, a través d'una proteïna transportadora específica.
  4. Conclusió. Tot i necessitar una proteïna, la glucosa també es mou a favor de gradient i sense gastar ATP: és transport passiu.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 13

Compara el transport actiu primari i el secundari: d'on treu l'energia cadascun? Posa'n un exemple de cada.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 13

Resultat

El primari gasta ATP directament (bomba de sodi-potassi); el secundari aprofita el gradient de Na+ creat per la bomba (cotransportador de sodi i glucosa de l'intestí).

Resolució

  1. Transport actiu primari. Gasta ATP directament. La bomba de sodi-potassi n'hidrolitza un per cada 3 ions Na+ que treu i 2 ions K+ que entra.
  2. Transport actiu secundari. No gasta ATP directament: aprofita el gradient de sodi que ha creat la bomba. El Na+ entra a favor de gradient i arrossega una altra molècula en contra del seu.
  3. Exemple de secundari. El cotransportador de sodi i glucosa de l'intestí, que fa entrar glucosa gràcies a l'entrada de Na+.
  4. Conclusió. Com que el gradient l'ha pagat l'ATP de la bomba, el transport secundari també és actiu, encara que de manera indirecta.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 14

Classifica cada procés com a fagocitosi, pinocitosi o exocitosi: (a) un neutròfil engoleix un bacteri; (b) una neurona allibera neurotransmissors a la sinapsi; (c) una cèl·lula de l'intestí capta gotetes de líquid amb les substàncies dissoltes.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 14

Apartat a)

Resultat

Fagocitosi.

Resolució

  1. Què entra. Una partícula gran (un bacteri).
  2. Mecanisme. El neutròfil l'envolta amb pseudòpodes i la tanca en una vesícula: és fagocitosi.

Apartat b)

Resultat

Exocitosi.

Resolució

  1. Sentit. Els neurotransmissors surten de la cèl·lula.
  2. Mecanisme. Les vesícules amb neurotransmissor es fusionen amb la membrana i n'alliberen el contingut: és exocitosi.

Apartat c)

Resultat

Pinocitosi.

Resolució

  1. Què entra. Gotetes de líquid amb substàncies dissoltes, no partícules grans.
  2. Mecanisme. Entren en vesícules petites formades per invaginació de la membrana: és pinocitosi.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 15

Considera dues cèl·lules cúbiques, una d'1 µm d'aresta i una altra de 10 µm d'aresta. Calcula la superfície, el volum i la relació superfície/volum de cadascuna, i fes servir el resultat per explicar per què les cèl·lules són tan petites i per què les cèl·lules de l'epiteli intestinal tenen microvellositats.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 15

Resultat

Cub d'1 µm: S=6 μm2S = 6\ \mu\text{m}^{2}, V=1 μm3V = 1\ \mu\text{m}^{3}, S/V=6 μm−1S/V = 6\ \mu\text{m}^{-1}; cub de 10 µm: S=600 μm2S = 600\ \mu\text{m}^{2}, V=1000 μm3V = 1000\ \mu\text{m}^{3}, S/V=0,6 μm−1S/V = 0{,}6\ \mu\text{m}^{-1}. Com més gran és la cèl·lula, menys superfície té per unitat de volum.

Resolució

  1. Fórmules. Per a un cub d'aresta aa: S=6a2S = 6a^{2} i V=a3V = a^{3}, de manera que SV=6a\tfrac{S}{V} = \tfrac{6}{a}.
  2. Cub d'1 µm. S=6⋅12=6 μm2;V=13=1 μm3;SV=6 μm−1S = 6\cdot1^{2} = 6\ \mu\text{m}^{2};\quad V = 1^{3} = 1\ \mu\text{m}^{3};\quad \dfrac{S}{V} = 6\ \mu\text{m}^{-1}
  3. Cub de 10 µm. S=6⋅102=600 μm2;V=103=1000 μm3;SV=0,6 μm−1S = 6\cdot10^{2} = 600\ \mu\text{m}^{2};\quad V = 10^{3} = 1000\ \mu\text{m}^{3};\quad \dfrac{S}{V} = 0{,}6\ \mu\text{m}^{-1}
  4. Comparació. En multiplicar l'aresta per 10, la superfície es multiplica per 100 però el volum per 1000: la relació S/V es divideix per 10.
  5. Per què les cèl·lules són petites. Els intercanvis amb el medi (nutrients, O₂, residus) es fan a través de la superfície de la membrana, mentre que les necessitats depenen del volum. Una cèl·lula gran tindria massa poca membrana per al seu volum i no podria nodrir-se ni eliminar residus prou de pressa; per això les cèl·lules es mantenen petites i, en créixer, es divideixen.
  6. Microvellositats. Són plecs de la membrana que multipliquen la superfície d'absorció sense augmentar gairebé el volum: així la cèl·lula intestinal absorbeix més nutrients.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 16

Per aïllar els orgànuls, es trenquen les cèl·lules del fetge en un homogeneïtzador i es fa una centrifugació diferencial: se centrifuga l'homogenat a velocitats cada cop més altes i es recull el sediment de cada pas. Ordena en quin sediment apareixeran els nuclis, els ribosomes, els mitocondris i els fragments del reticle endoplasmàtic, justifica l'ordre, i digues quina fracció faries servir per estudiar la respiració cel·lular.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 16

Resultat

Ordre de sedimentació: nuclis → mitocondris → reticle (microsomes) → ribosomes, perquè sedimenten primer les estructures més grans. Per estudiar la respiració, la fracció mitocondrial.

Resolució

  1. Principi. A velocitat baixa sedimenten primer les estructures més grans i denses; a velocitats cada cop més altes, les més petites.
  2. 1r i 2n sediment. Primer, els nuclis (els orgànuls més grans, 5–10 µm), a velocitat baixa. Després, els mitocondris (i lisosomes i peroxisomes, d'1–2 µm), a velocitat mitjana.
  3. 3r i 4t sediment. Els fragments de reticle endoplasmàtic, que en trencar la cèl·lula es tanquen en petites vesícules (microsomes), a velocitat alta. Finalment, els ribosomes (25 nm), només a velocitat molt alta (ultracentrifugació).
  4. Respiració cel·lular. Faries servir la fracció dels mitocondris, perquè és on hi ha el cicle de Krebs i la cadena respiratòria; ho pots comprovar mesurant-hi el consum d'oxigen.
  5. Compte. Un error típic és pensar que els ribosomes sedimenten abans que el reticle perquè són «més densos»: en una centrifugació diferencial mana sobretot la mida.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 17

Explica en què consisteix la teoria endosimbiòtica sobre l'origen dels mitocondris i dels cloroplasts, i aporta tres evidències de la seva estructura o funcionament que li donin suport.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 17

Resultat

Mitocondris i cloroplasts provenen de bacteris (un aerobi i un cianobacteri) englobats sense ser digerits per una cèl·lula eucariota primitiva. Evidències: ADN circular propi i bipartició, ribosomes 70S i doble membrana.

Resolució

  1. La teoria. Els mitocondris i els cloroplasts provenen de bacteris de vida lliure (un bacteri aerobi i un cianobacteri fotosintètic) que van ser englobats per una cèl·lula eucariota primitiva sense ser digerits.
  2. Simbiosi. El bacteri aportava ATP o matèria orgànica, i la cèl·lula hoste, protecció i nutrients; amb el temps, els bacteris van acabar convertint-se en orgànuls.
  3. Evidència 1: ADN. Tenen ADN propi, circular i sense histones, com el dels bacteris, i es divideixen per bipartició, independentment de la divisió cel·lular.
  4. Evidència 2: ribosomes. Tenen ribosomes propis de tipus bacterià (70S), més petits que els del citoplasma eucariota (80S), i fabriquen algunes de les seves proteïnes; per això els antibiòtics que ataquen els ribosomes bacterians també els afecten.
  5. Evidència 3: doble membrana. La interna correspondria a la membrana del bacteri original (té lípids i proteïnes de tipus bacterià) i l'externa, a la membrana de la cèl·lula hoste que el va englobar. A més, tenen una mida semblant a la dels bacteris (1–10 µm).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 18

Segons el model del mosaic fluid, la membrana plasmàtica és un «mosaic» i és «fluida». Explica què vol dir cada terme i raona com afecten la fluïdesa de la membrana la proporció d'àcids grassos insaturats i la presència de colesterol. Per què els peixos d'aigües fredes tenen membranes més riques en àcids grassos insaturats?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 18

Resultat

«Mosaic»: peces diferents (fosfolípids, proteïnes, colesterol, glúcids); «fluida»: els components es desplacen lateralment. Els àcids grassos insaturats augmenten la fluïdesa i el colesterol la regula; els peixos d'aigües fredes en tenen més d'insaturats per mantenir la membrana fluida.

Resolució

  1. «Mosaic». La membrana està formada per peces diferents: una bicapa de fosfolípids amb proteïnes encastades (integrals, que travessen la bicapa, i perifèriques), a més de colesterol i glúcids units a lípids i proteïnes per la cara externa.
  2. «Fluida». Els components no estan fixos: els fosfolípids i moltes proteïnes es desplacen lateralment dins de la seva capa, de manera que la membrana es comporta com un líquid bidimensional i pot deformar-se, fusionar-se o tancar vesícules.
  3. Àcids grassos insaturats. Tenen colzes (dobles enllaços cis) que impedeixen que les cues s'empaquetin: com més insaturats, més fluida és la membrana.
  4. Colesterol. S'intercala entre els fosfolípids i regula la fluïdesa: a temperatura alta la redueix (frena el moviment de les cues) i a temperatura baixa evita que les cues es compactin i la membrana se solidifiqui.
  5. Peixos d'aigües fredes. A baixa temperatura la membrana tendeix a tornar-se rígida; aquests peixos hi responen augmentant la proporció d'àcids grassos insaturats, que mantenen la membrana fluida i funcional (les proteïnes de transport necessiten poder moure's).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 19

Els lisosomes contenen enzims hidrolítics capaços de degradar proteïnes, lípids, glúcids i àcids nucleics.
a) Explica per què aquests enzims no digereixen la pròpia cèl·lula en condicions normals.
b) Distingeix entre heterofàgia i autofàgia i posa un exemple de cada una.
c) En algunes malalties hereditàries falta un enzim lisosòmic. Raona quina conseqüència té per a la cèl·lula.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 19

Apartat a)

Resultat

Perquè els enzims estan tancats dins de la membrana del lisosoma i són hidrolases àcides que gairebé no funcionen al pH del citosol.

Resolució

  1. Compartimentació. Els enzims estan tancats dins de la membrana del lisosoma, separats del citoplasma.
  2. pH. Són hidrolases àcides, amb el pH òptim al voltant de 4,5–5 (el lisosoma bombeja protons cap a dins), mentre que el citosol té un pH d'uns 7,2, en el qual aquests enzims gairebé no funcionen.
  3. Conclusió. Fins i tot si un lisosoma es trenca, els enzims s'inactiven en gran part en sortir al citosol.

Apartat b)

Resultat

Heterofàgia: digestió de material captat de fora (un macròfag que digereix un bacteri). Autofàgia: digestió de components propis (un mitocondri gastat).

Resolució

  1. Heterofàgia. Digestió de material captat de l'exterior per endocitosi; per exemple, un macròfag que fagocita un bacteri i fusiona la vesícula amb lisosomes.
  2. Autofàgia. Digestió de components de la mateixa cèl·lula (orgànuls vells o danyats, com un mitocondri gastat), que s'envolten de membrana i es fusionen amb lisosomes.
  3. Utilitat de l'autofàgia. Permet reciclar materials i sobreviure en dejuni.

Apartat c)

Resultat

El substrat de l'enzim que falta s'acumula dins dels lisosomes, que s'inflen i alteren el funcionament de la cèl·lula (malalties d'acumulació lisosòmica).

Resolució

  1. Causa. Si falta un enzim, el substrat corresponent no es pot degradar.
  2. Efecte. Aquest substrat s'acumula dins dels lisosomes, que s'inflen i acaben alterant el funcionament de la cèl·lula: són les malalties d'acumulació lisosòmica.
  3. Cèl·lules més afectades. Sobretot les que gestionen molt material, com les del sistema nerviós.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 20

Descriu l'estructura del cloroplast (membranes, tilacoides, grana i estroma) i relaciona cada compartiment amb el procés de la fotosíntesi que hi té lloc. Indica també dues característiques que el cloroplast comparteixi amb el mitocondri i una diferència important entre tots dos.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 20

Resultat

Doble membrana que tanca l'estroma (cicle de Calvin) i, a dins, els tilacoides apilats en grana (fase lluminosa). Comparteix amb el mitocondri la doble membrana i l'ADN i ribosomes propis; en difereix pels tilacoides i perquè fa un procés anabòlic.

Resolució

  1. Estructura. El cloroplast té una envolta de dues membranes (externa i interna) que delimiten l'estroma, el medi intern. Dins de l'estroma hi ha un tercer sistema de membranes, els tilacoides: sacs aplanats que s'apilen formant grana i que tanquen l'espai tilacoidal.
  2. Tilacoides: fase lluminosa. A la seva membrana hi ha la clorofil·la, els fotosistemes, la cadena de transport d'electrons i l'ATP-sintasa: s'hi fa la captació de llum, la fotòlisi de l'aigua amb alliberament d'O₂ i la síntesi d'ATP i NADPH.
  3. Estroma: fase fosca. Hi ha els enzims del cicle de Calvin, la fase de fixació del CO₂, que consumeix l'ATP i el NADPH per fabricar glúcids. L'estroma també conté ADN circular, ribosomes 70S i grans de midó.
  4. Semblances amb el mitocondri. Tots dos tenen doble membrana, ADN i ribosomes propis, es divideixen per bipartició i sintetitzen ATP per quimiosmosi amb una ATP-sintasa.
  5. Diferència. El cloroplast té un tercer sistema de membranes (tilacoides) i fa un procés anabòlic (fotosíntesi: fixa CO₂ i allibera O₂), mentre que el mitocondri fa un procés catabòlic (respiració: consumeix O₂ i allibera CO₂).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 21

Indica quin orgànul o estructura esperaries trobar especialment desenvolupat en cadascuna d'aquestes cèl·lules i justifica-ho: a) una fibra muscular; b) un macròfag; c) un espermatozoide; d) una cèl·lula de l'ovari que fabrica hormones esteroides; e) una cèl·lula de l'epiteli intestinal.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 21

Apartat a)

Resultat

Molts mitocondris i molts microfilaments d'actina i miosina.

Resolució

  1. Funció. La contracció consumeix molt ATP: calen molts mitocondris.
  2. Citoesquelet. Els microfilaments d'actina i miosina són els que es contreuen.

Apartat b)

Resultat

Molts lisosomes i un citoesquelet actiu.

Resolució

  1. Funció. El macròfag fagocita bacteris i restes i els ha de digerir: necessita molts lisosomes.
  2. Citoesquelet. Un citoesquelet actiu li permet emetre pseudòpodes.

Apartat c)

Resultat

Un flagel i molts mitocondris a la peça intermèdia.

Resolució

  1. Moviment. Té un flagel (microtúbuls 9 + 2) per desplaçar-se.
  2. Energia. Els mitocondris de la peça intermèdia subministren l'ATP del moviment.

Apartat d)

Resultat

Molt de reticle endoplasmàtic llis.

Resolució

  1. Funció. Les hormones esteroides es fabriquen a partir del colesterol.
  2. Orgànul. Els enzims d'aquesta síntesi són al reticle endoplasmàtic llis, que per això és molt abundant.

Apartat e)

Resultat

Microvellositats a la cara apical i molts mitocondris.

Resolució

  1. Absorció. Les microvellositats de la cara apical multipliquen la superfície d'absorció.
  2. Energia. Molts mitocondris aporten l'ATP per al transport actiu de nutrients.
  3. Regla general. La forma i els orgànuls d'una cèl·lula reflecteixen la seva funció.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Nivell avançat

Exercici 22

Les cèl·lules del fetge que eliminen tòxics, com l'alcohol, tenen molt de reticle endoplasmàtic llis. Les del pàncrees que fabriquen enzims digestius tenen molt de reticle rugós i un aparell de Golgi molt desenvolupat. Explica aquesta relació entre la funció de cada cèl·lula i els seus orgànuls.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 22

Resultat

Cada cèl·lula té més desenvolupats els orgànuls de la seva feina: la que desintoxica necessita molt REL, i la que exporta proteïnes necessita molt RER i Golgi.

Resolució

  1. Reticle llis. Fabrica lípids i conté els enzims que transformen els tòxics (com l'alcohol) en substàncies que es poden eliminar.
  2. Hepatòcit. Una cèl·lula que desintoxica contínuament necessita molt de reticle llis.
  3. Reticle rugós. Porta ribosomes i fabrica proteïnes de secreció, com els enzims digestius.
  4. Aparell de Golgi. Modifica aquestes proteïnes, les empaqueta en vesícules i les envia cap a fora.
  5. Conclusió. La cèl·lula del pàncrees, que exporta molta proteïna, necessita molt de reticle rugós i de Golgi: la funció determina quins orgànuls predominen.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 23

Les orientacions demanen saber convertir entre metres, mil·límetres, micròmetres, nanòmetres i àngstroms. (a) Un bacteri fa 2 µm de llarg: expressa'n la mida en nanòmetres i en àngstroms. (b) El diàmetre de la doble hèlix d'ADN és de 20 Å: expressa'l en nanòmetres i en micròmetres. (c) Quantes vegades és més llarg el bacteri que ample la doble hèlix?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 23

Apartat a)

Resultat

2 μm=2000 nm=2⋅104 A˚2\ \mu\text{m} = 2000\ \text{nm} = 2\cdot10^{4}\ \text{Å}

Resolució

  1. Equivalències. 1 mm=103 μm1\ \text{mm} = 10^{3}\ \mu\text{m}; 1 μm=103 nm1\ \mu\text{m} = 10^{3}\ \text{nm}; 1 nm=10 A˚1\ \text{nm} = 10\ \text{Å}.
  2. En nanòmetres. 2 μm=2⋅103 nm=2000 nm2\ \mu\text{m} = 2\cdot10^{3}\ \text{nm} = 2000\ \text{nm}.
  3. En àngstroms. 2000 nm⋅10=20 000 A˚=2⋅104 A˚2000\ \text{nm}\cdot10 = 20\,000\ \text{Å} = 2\cdot10^{4}\ \text{Å}.
  4. Compte. El parany habitual és saltar-se el factor 10 entre nanòmetre i àngstrom, que és l'únic pas de l'escala que no va de mil en mil.

Apartat b)

Resultat

20 A˚=2 nm=2⋅10−3 μm20\ \text{Å} = 2\ \text{nm} = 2\cdot10^{-3}\ \mu\text{m}

Resolució

  1. En nanòmetres. 20 A˚=2010=2 nm20\ \text{Å} = \tfrac{20}{10} = 2\ \text{nm}.
  2. En micròmetres. 2 nm=2103=0,002 μm=2⋅10−3 μm2\ \text{nm} = \tfrac{2}{10^{3}} = 0{,}002\ \mu\text{m} = 2\cdot10^{-3}\ \mu\text{m}.

Apartat c)

Resultat

El bacteri és 1000 vegades més llarg que ample la doble hèlix.

Resolució

  1. Mateixa unitat. Per comparar-los cal expressar-los amb la mateixa unitat: el bacteri fa 2000 nm i la doble hèlix, 2 nm d'amplada.
  2. Càlcul. 2000 nm2 nm=1000\dfrac{2000\ \text{nm}}{2\ \text{nm}} = 1000.
  3. Interpretació. El bacteri és mil vegades més llarg que ample la molècula d'ADN que conté, cosa que dona una idea de fins a quin punt el material genètic ha d'estar plegat a dins.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 24

Les cèl·lules plasmàtiques en secreten milers d'anticossos cada segon. Explica el recorregut d'un anticòs des que es fabrica fins que surt de la cèl·lula, i digues per quin mecanisme en surt.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 24

Resultat

Ribosomes del RER → aparell de Golgi → vesícules de secreció → membrana plasmàtica; surt per exocitosi.

Resolució

  1. Síntesi. L'anticòs es fabrica als ribosomes del reticle endoplasmàtic rugós i hi entra.
  2. Golgi. En vesícules, passa a l'aparell de Golgi, que el modifica (hi afegeix glúcids) i l'empaqueta.
  3. Vesícules de secreció. Del Golgi surten vesícules de secreció que viatgen fins a la membrana plasmàtica.
  4. Exocitosi. Les vesícules es fusionen amb la membrana i alliberen l'anticòs a fora: és una exocitosi, que gasta energia.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 25

Observes una preparació amb un microscopi òptic que té un ocular de 10 augments i un objectiu de 40 augments.
a) Calcula l'augment total i la mida real d'una cèl·lula que a la imatge fa 6 mm de diàmetre.
b) Dos ribosomes de la preparació estan separats 30 nm. Raona si els podries veure separats, sabent que el límit de resolució del microscopi òptic és de 0,2 µm, i si canviar a un objectiu de 100 augments ho resoldria.
c) Explica quin tipus de microscopi faries servir per veure'ls i quina diferència fonamental té respecte del microscopi òptic.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 25

Apartat a)

Resultat

Augment total =400= 400; mida real =15 μm= 15\ \mu\text{m}.

Resolució

  1. Dades. Ocular de 10 augments, objectiu de 40 augments; la cèl·lula fa 6 mm a la imatge.
  2. Augment total. A=Aocular⋅Aobjectiu=10⋅40=400A = A_{\text{ocular}}\cdot A_{\text{objectiu}} = 10\cdot40 = 400.
  3. Mida real. Lreal=LimatgeA=6 mm400=0,015 mm=15 μmL_{\text{real}} = \dfrac{L_{\text{imatge}}}{A} = \dfrac{6\ \text{mm}}{400} = 0{,}015\ \text{mm} = 15\ \mu\text{m}
  4. Comprovació. 15 µm és la mida d'una cèl·lula animal típica.

Apartat b)

Resultat

No: 30 nm és molt menys que el límit de 200 nm, i canviar a l'objectiu de 100 augments no ho resol, perquè només amplia la imatge.

Resolució

  1. Comparació. El límit de resolució és 0,2 μm=200 nm0{,}2\ \mu\text{m} = 200\ \text{nm}, i els ribosomes estan separats només 30 nm, molt per sota.
  2. Conseqüència. Es veurien com una sola taca (i de fet ni es distingirien del fons).
  3. Objectiu de 100. Passar a 1000 augments en total només faria la imatge més gran, però no en milloraria la resolució, que depèn de la longitud d'ona de la llum visible, no de les lents.

Apartat c)

Resultat

Un microscopi electrònic de transmissió: fa servir electrons en lloc de llum, i la seva longitud d'ona tan curta baixa el límit de resolució fins a uns 0,2 nm.

Resolució

  1. Tipus. Caldria un microscopi electrònic de transmissió, que fa servir un feix d'electrons en lloc de llum.
  2. Diferència fonamental. La longitud d'ona dels electrons és molt més curta que la de la llum, de manera que el límit de resolució baixa fins a uns 0,2 nm i es poden veure ribosomes, membranes i virus.
  3. Limitacions. Les mostres s'han de tallar molt fines, fixar i observar al buit, de manera que no es poden veure cèl·lules vives ni en color.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 26

El colesterol viatja per la sang dins de partícules de lipoproteïna (LDL). Les cèl·lules tenen receptors de membrana que reconeixen les LDL i les capten. En la hipercolesterolèmia familiar, una malaltia hereditària, els receptors de LDL són defectuosos.
a) Explica pas a pas el mecanisme pel qual una cèl·lula capta les LDL i què passa amb la vesícula un cop a dins.
b) Raona per què les persones amb la malaltia tenen el colesterol de la sang molt alt encara que les seves cèl·lules en necessitin.
c) Indica en què es diferencia aquest mecanisme de la fagocitosi i de la pinocitosi.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 26

Apartat a)

Resultat

Per endocitosi mediada per receptor: les LDL s'uneixen als receptors, es forma una vesícula recoberta de clatrina, que es fusiona amb lisosomes; el colesterol queda lliure i els receptors es reciclen.

Resolució

  1. Unió. Les LDL s'uneixen als receptors específics de la membrana.
  2. Agrupament. Els receptors s'agrupen en una zona recoberta per la cara interna d'una proteïna, la clatrina.
  3. Vesícula. La membrana s'invagina i es tanca formant una vesícula que entra al citoplasma.
  4. Destí. La vesícula es fusiona amb lisosomes; els enzims hidrolítics degraden la lipoproteïna i el colesterol queda lliure per a la cèl·lula (per fabricar membranes o hormones). Els receptors es reciclen i tornen a la membrana.

Apartat b)

Resultat

Sense receptors funcionals les cèl·lules no capten les LDL, que s'acumulen a la sang: el colesterol sanguini es dispara encara que les cèl·lules en necessitin.

Resolució

  1. Causa. Si els receptors no reconeixen les LDL o no poden interioritzar-les, les cèl·lules no capten el colesterol de la sang.
  2. Efecte a la sang. Les LDL s'hi acumulen i el nivell de colesterol en sang es dispara, encara que les cèl·lules en tinguin «gana».
  3. Conseqüència clínica. L'excés es diposita a les parets de les artèries (ateroma) i augmenta el risc cardiovascular des de jove.

Apartat c)

Resultat

És específica: només entra la substància que s'uneix al receptor, mentre que la fagocitosi engloba partícules grans i la pinocitosi capta líquid sense selecció.

Resolució

  1. Fagocitosi. La cèl·lula engloba partícules grans (bacteris, restes) emetent pseudòpodes.
  2. Pinocitosi. La cèl·lula capta gotetes de líquid amb els soluts dissolts, sense selecció.
  3. Endocitosi mediada per receptor. És molt específica i eficient: només entra la substància que s'uneix al receptor, i es concentra encara que a fora n'hi hagi molt poca.
  4. En comú. Tots tres són processos actius, que consumeixen ATP.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 27

Al microscopi electrònic s'observen tres cèl·lules. Mostra 1: fa 2 µm, no té nucli ni orgànuls amb membrana, té ribosomes, una paret de peptidoglicà i membranes internes amb pigments. Mostra 2: fa 30 µm, té nucli, cloroplasts, una paret de cel·lulosa i un vacúol que ocupa gairebé tot el citoplasma. Mostra 3: fa 15 µm, té nucli, centríols, molts lisosomes i no té paret.
a) Identifica el tipus de cèl·lula de cada mostra i justifica-ho amb dues característiques.
b) Raona si la mostra 1 pot fer la fotosíntesi encara que no tingui cloroplasts.
c) Explica on es troba l'ADN en cada mostra i com està organitzat.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 27

Apartat a)

Resultat

Mostra 1: procariota (cianobacteri); mostra 2: eucariota vegetal; mostra 3: eucariota animal.

Resolució

  1. Mostra 1. Cèl·lula procariota (un cianobacteri): no té nucli ni orgànuls membranosos, és petita (2 µm) i té paret de peptidoglicà, exclusiva dels bacteris.
  2. Mostra 2. Cèl·lula eucariota vegetal: té nucli, cloroplasts, paret de cel·lulosa i vacúol central gran.
  3. Mostra 3. Cèl·lula eucariota animal: té nucli i centríols i no té paret; els lisosomes abundants suggereixen una cèl·lula fagocitària.

Apartat b)

Resultat

Sí: té pigments fotosintètics a les membranes internes (tilacoides) lliures al citoplasma; no cal tenir cloroplasts, sinó els pigments i la maquinària.

Resolució

  1. Cianobacteris. Fan la fotosíntesi oxigènica amb clorofil·la situada en membranes internes (tilacoides) lliures al citoplasma, no tancades en un orgànul.
  2. Relació amb els cloroplasts. Els cloroplasts de les plantes, de fet, deriven d'aquests bacteris (endosimbiosi).
  3. Conclusió. Tenir cloroplasts no és condició per fer la fotosíntesi; ho és tenir els pigments i la maquinària.

Apartat c)

Resultat

Mostra 1: ADN circular, sense histones, al nucleoide. Mostres 2 i 3: ADN lineal amb histones (cromatina) dins del nucli, a més d'ADN circular als mitocondris (i als cloroplasts a la 2).

Resolució

  1. Mostra 1. Una sola molècula d'ADN circular, sense histones, al citoplasma en una regió anomenada nucleoide, a més de possibles plasmidis petits.
  2. Mostres 2 i 3. ADN lineal, repartit en diversos cromosomes, unit a histones formant cromatina dins del nucli, envoltat per l'envolta nuclear.
  3. ADN dels orgànuls. A més, la mostra 2 té ADN circular als cloroplasts i als mitocondris, i la mostra 3, als mitocondris.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 28

La colquicina és una substància que impedeix la polimerització de la tubulina. Prediu i justifica l'efecte que tindrà sobre: a) la divisió d'una cèl·lula que està entrant en mitosi; b) el batec dels cilis de les cèl·lules de la tràquea; c) el transport de vesícules des de l'aparell de Golgi cap a la membrana; d) la contracció d'una cèl·lula muscular. Explica, finalment, per què la colquicina s'utilitza al laboratori per fer cariotips.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 28

Apartat a)

Resultat

La mitosi s'atura a la metafase: sense microtúbuls no es forma el fus.

Resolució

  1. Diana. La tubulina és la proteïna dels microtúbuls, de manera que la colquicina afecta tots els processos que en depenen.
  2. Fus mitòtic. Sense microtúbuls no es forma el fus mitòtic.
  3. Efecte. Els cromosomes, ja condensats, no es poden separar ni repartir entre les cèl·lules filles: la mitosi queda aturada a la metafase.

Apartat b)

Resultat

A curt termini poc efecte, però la cèl·lula no pot regenerar els cilis i a la llarga el batec es perd.

Resolució

  1. Cilis ja formats. Mantenen els seus microtúbuls: la colquicina impedeix fer-ne de nous, no desfà els estables.
  2. A la llarga. La cèl·lula no pot regenerar els cilis, el batec es perd i no s'eliminaria el moc de la tràquea.

Apartat c)

Resultat

El transport de vesícules es desorganitza i la secreció disminueix.

Resolució

  1. Mecanisme. Les vesícules viatgen sobre els microtúbuls gràcies a proteïnes motores (cinesina, dineïna).
  2. Efecte. Sense microtúbuls el transport intracel·lular es desorganitza i la secreció disminueix.

Apartat d)

Resultat

No s'afecta directament: depèn de l'actina i la miosina.

Resolució

  1. Mecanisme. La contracció muscular depèn dels microfilaments d'actina i de la miosina, no dels microtúbuls.
  2. Conclusió. La colquicina no l'afecta directament.

Apartat e)

Resultat

Perquè atura les cèl·lules en metafase, quan els cromosomes estan més condensats i es poden comptar i ordenar.

Resolució

  1. Procediment. La colquicina s'afegeix a un cultiu de cèl·lules en divisió perquè quedin aturades en metafase.
  2. Avantatge. En metafase els cromosomes estan més condensats i es poden comptar, fotografiar i ordenar per parelles: és el que es necessita per fer un cariotip.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 29

Es mesura la velocitat d'entrada de glucosa en glòbuls vermells en funció de la concentració externa de glucosa, mantenint la concentració interna molt baixa: a 1 mM, 10; a 2 mM, 17; a 5 mM, 30; a 10 mM, 40; a 20 mM, 48; a 50 mM, 55 (velocitats en µmol/min).
a) Raona si la glucosa entra per difusió simple o per difusió facilitada, a partir de la forma de la corba.
b) Prediu què passaria amb la velocitat d'entrada si s'afegís un inhibidor de la síntesi d'ATP i justifica-ho.
c) Explica en quin sentit es mouria la glucosa si la concentració interna fos més alta que l'externa, i compara aquest transport amb la manera com les cèl·lules de l'intestí absorbeixen la glucosa.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 29

Apartat a)

Resultat

Difusió facilitada: la velocitat no és proporcional a la concentració, sinó que tendeix a un màxim (saturació dels transportadors).

Resolució

  1. Difusió simple. La velocitat seria proporcional a la concentració: en passar de 20 a 50 mM, es multiplicaria per 2,5.
  2. Dades. Aquí, en canvi, la velocitat creix cada cop menys i tendeix a un màxim: entre 20 i 50 mM només passa de 48 a 55 µmol/min (×1,15).
  3. Interpretació. Aquesta saturació indica que la glucosa entra per un nombre limitat de proteïnes transportadores (permeases), que a altes concentracions estan totes ocupades.

Apartat b)

Resultat

No canviaria: la difusió facilitada és passiva i no consumeix ATP.

Resolució

  1. Tipus de transport. La difusió facilitada és transport passiu, a favor del gradient de concentració, i no consumeix ATP.
  2. Paper de la proteïna. Només ofereix un camí a través de la bicapa a una molècula polar que no la pot travessar sola.
  3. Conclusió. Un inhibidor de la síntesi d'ATP no alteraria la velocitat d'entrada.

Apartat c)

Resultat

La glucosa sortiria de la cèl·lula a favor de gradient. A l'intestí, en canvi, entra per transport actiu secundari (cotransport amb Na+), fins i tot contra gradient.

Resolució

  1. Sentit. El transportador funciona en els dos sentits: si dins hi hagués més glucosa que fora, la glucosa sortiria de la cèl·lula a favor del gradient.
  2. Intestí. Les cèl·lules intestinals han d'absorbir glucosa encara que n'hi hagi més dins que a la llum de l'intestí: ho fan per transport actiu secundari, amb un cotransportador que fa entrar glucosa aprofitant l'entrada de Na+ a favor del seu gradient.
  3. Qui paga. Aquest gradient el manté la bomba de sodi i potassi, gastant ATP.
  4. Comparació. El glòbul vermell fa transport passiu i l'enteròcit, transport actiu (indirectament dependent d'ATP).

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 30

La penicil·lina impedeix la síntesi del peptidoglicà de la paret bacteriana, i el lisozim de les llàgrimes i la saliva hidrolitza aquest mateix peptidoglicà.
a) Explica per què la penicil·lina mata els bacteris que s'estan dividint però no té cap efecte sobre les cèl·lules humanes.
b) Raona què li passa a un bacteri que ha perdut la paret si es troba en un medi hipotònic, i què li passaria en un medi isotònic.
c) Les cèl·lules vegetals i els fongs també tenen paret. Raona si la penicil·lina els afectaria i de què està feta la paret en cada cas.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 30

Apartat a)

Resultat

Sense poder fabricar paret nova, el bacteri en divisió es lisa per la pressió osmòtica; les cèl·lules humanes no tenen peptidoglicà, i l'antibiòtic no hi té diana (toxicitat selectiva).

Resolució

  1. Funció de la paret. La paret bacteriana és una capa rígida de peptidoglicà que protegeix el bacteri i aguanta la pressió osmòtica del citoplasma.
  2. Bacteris en divisió. Quan un bacteri creix i es divideix, ha de fabricar paret nova; si la penicil·lina ho impedeix, la paret queda amb punts febles i el bacteri no resisteix la pressió interna i es lisa.
  3. Cèl·lules humanes. No tenen paret ni fabriquen peptidoglicà, de manera que l'antibiòtic no hi té cap diana: és una toxicitat selectiva.

Apartat b)

Resultat

En medi hipotònic rebenta (lisi osmòtica); en medi isotònic sobreviu com a protoplast esfèric.

Resolució

  1. Medi hipotònic. Té menys soluts que el citoplasma: l'aigua entra per osmosi i, sense la paret que limiti el volum, la membrana s'estira i la cèl·lula rebenta (lisi osmòtica).
  2. Medi isotònic. No hi ha flux net d'aigua i el bacteri sense paret (protoplast) pot sobreviure, amb forma esfèrica, mentre el medi es mantingui equilibrat.

Apartat c)

Resultat

No els afectaria: la paret vegetal és de cel·lulosa i la dels fongs, de quitina, no de peptidoglicà.

Resolució

  1. Especificitat. La penicil·lina bloqueja específicament la síntesi del peptidoglicà, que només tenen els bacteris.
  2. Altres parets. La paret de les cèl·lules vegetals és de cel·lulosa, i la dels fongs, de quitina.
  3. Conclusió. Totes dues fan la mateixa funció de protecció i suport, però es fabriquen amb enzims diferents que l'antibiòtic no reconeix.

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preparat per a la universitat

Els exercicis més exigents: nivell PAU alt i primer curs de grau. Veure totes les matèries

Exercici 31

Per estudiar com surten els enzims digestius de les cèl·lules dels àcins del pàncrees, s'incuben talls de pàncrees durant 3 minuts amb leucina marcada amb triti (3H) (pols) i després es passen a un medi amb molta leucina sense marcar (persecució). A diferents temps es fixen mostres i, per autoradiografia al microscopi electrònic, es compta quin percentatge de la radioactivitat de la cèl·lula i del lumen de l'àcin hi ha a cada compartiment:
• 5 min: reticle endoplasmàtic rugós (RER) 82 %, aparell de Golgi 10 %, grànuls de secreció 5 %, lumen de l'àcin 3 %.
• 20 min: RER 35 %, Golgi 48 %, grànuls 14 %, lumen 3 %.
• 45 min: RER 12 %, Golgi 20 %, grànuls 58 %, lumen 10 %.
• 90 min: RER 6 %, Golgi 8 %, grànuls 36 %, lumen 50 %.
a) Dedueix, a partir de les dades, el recorregut de les proteïnes de secreció i justifica cada pas amb el temps en què cada compartiment arriba al màxim.
b) Explica per a què serveix la persecució amb leucina no marcada. Què s'hauria observat si s'hagués deixat la leucina marcada durant tot l'experiment?
c) Si en lloc de leucina s'hagués fet el pols amb galactosa marcada, un sucre que s'afegeix a les glicoproteïnes a l'aparell de Golgi, en quin compartiment hi hauria més radioactivitat als 5 minuts? En algun moment n'hi hauria al RER? Raona-ho.
d) Una cèl·lula mutant fabrica un d'aquests enzims sense el pèptid senyal de l'extrem amino. On el trobaries i per què no se secretaria?

Pista 1

Busca, per a cada compartiment, en quin temps la radioactivitat és màxima: l'ordre dels màxims és l'ordre del recorregut.

Pista 2

Amb la persecució només hi ha un «grup» de proteïnes marcades que es desplaça; pensa què passaria si se'n continuessin marcant de noves al RER.

Pista 3

El marcatge apareix allà on s'incorpora la molècula marcada: la leucina, als ribosomes; la galactosa, al Golgi. El pèptid senyal és el que dirigeix el ribosoma cap al RER.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 31

Apartat a)

Resultat

Recorregut: RER → aparell de Golgi → grànuls de secreció → lumen de l'àcin (exocitosi), l'ordre en què cada compartiment arriba al màxim (5, 20, 45 i 90 min).

Resolució

  1. Màxims. El RER té el màxim als 5 min (82 %), el Golgi als 20 min (48 %), els grànuls de secreció als 45 min (58 %) i el lumen de l'àcin als 90 min (50 %).
  2. Onada. A cada temps la suma és 100 %: la radioactivitat que perd un compartiment la guanya el següent, és a dir, el mateix grup de proteïnes marcades es desplaça en «onada».
  3. RER. Síntesi als ribosomes adherits i entrada al lumen del reticle.
  4. Golgi i grànuls. Al Golgi hi ha la maduració, la glicosilació i la classificació; als grànuls o vesícules de secreció, l'emmagatzematge i la concentració.
  5. Sortida. Finalment, exocitosi cap al lumen de l'àcin.

Apartat b)

Resultat

La persecució fa que només quedi marcada la cohort del pols; sense persecució, el RER continuaria marcant proteïnes noves, tots els compartiments augmentarien alhora i no se'n podria deduir l'ordre.

Resolució

  1. Funció de la persecució. La leucina freda dilueix la marcada: a partir d'aquell moment les proteïnes noves ja no queden marcades i només se segueix la cohort sintetitzada durant el pols.
  2. Sense persecució. El RER continuaria acumulant proteïnes marcades noves i tots els compartiments anirien augmentant alhora.
  3. Conclusió. No es podria saber l'ordre del recorregut.

Apartat c)

Resultat

Als 5 minuts el màxim seria a l'aparell de Golgi, i mai no n'hi hauria al RER.

Resolució

  1. On s'incorpora. La galactosa només s'afegeix a les proteïnes que són al Golgi durant el pols.
  2. Després. El marcatge passaria als grànuls i al lumen.
  3. RER. No apareixeria mai al RER, perquè el trànsit és unidireccional (RER → Golgi → vesícules) i el reticle no rep aquest sucre.

Apartat d)

Resultat

Es quedaria al citosol: sense pèptid senyal es fabrica en ribosomes lliures i no entra a la via secretora.

Resolució

  1. Paper del pèptid senyal. Sense pèptid senyal, la partícula de reconeixement del senyal no porta el ribosoma cap a la membrana del RER: la proteïna se sintetitza en ribosomes lliures i queda al citosol.
  2. Per què no se secreta. No entra a la via secretora, de manera que no passa pel Golgi ni pels grànuls i no pot sortir per exocitosi.
  3. Risc. A més, si fos un enzim digestiu actiu, podria danyar la mateixa cèl·lula (per això normalment es fabriquen com a precursors inactius i dins de compartiments).

Errors típics

  • Dir que les proteïnes de secreció es fabriquen a l'aparell de Golgi: el Golgi les modifica i les classifica, però la síntesi és als ribosomes del RER.
  • Pensar que la radioactivitat «desapareix» d'un compartiment: es desplaça al següent (la suma es manté al 100 %).
  • Oblidar que el marcatge depèn d'on s'incorpora la molècula marcada (aminoàcid al ribosoma, sucre al Golgi).

Conceptes treballats: via secretora (RER, Golgi, vesícules, exocitosi); experiments de pols i persecució; pèptid senyal; glicosilació; disseny experimental

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 32

En la tècnica FRAP s'uneix una proteïna fluorescent (GFP) a una proteïna de membrana, s'apaga amb un làser intens la fluorescència d'una zona petita de la membrana d'un fibroblast i es mesura com es recupera la fluorescència en aquella zona. L'apagament amb làser és irreversible. Resultats (unitats arbitràries de fluorescència a la zona):
• Proteïna X: abans del làser, 1000; just després, 100; al cap de 5 min, 820 (ja estable).
• Proteïna Y (un receptor): abans, 1000; just després, 100; al cap de 5 min, 370 (estable).
El temps que triga la proteïna X a recuperar la meitat de la fluorescència és de 12 s a 37 °C, de 30 s a 20 °C i de 7 s a 37 °C en cèl·lules a les quals s'ha extret part del colesterol de la membrana.
a) Si les molècules de GFP apagades no es tornen a encendre, com s'explica que la fluorescència de la zona es recuperi? Quin model de membrana confirma?
b) Calcula la fracció mòbil de cada proteïna, definida com la part de la fluorescència perduda que es recupera. Interpreta la diferència entre X i Y.
c) Interpreta l'efecte de la temperatura i del colesterol sobre la velocitat de recuperació.
d) Es creu que la proteïna Y està unida per la cara citosòlica als filaments d'actina. Proposa un experiment per comprovar-ho, amb el control i el resultat esperat.

Pista 1

La fluorescència que torna a la zona ha de venir de molècules que hi arriben des de fora de la zona apagada.

Pista 2

Fracció mòbil = (fluorescència final − fluorescència just després) / (fluorescència inicial − fluorescència just després).

Pista 3

Una proteïna ancorada a una estructura fixa no es pot desplaçar lateralment; hi ha fàrmacs que despolimeritzen l'actina, com la citocalasina o la latrunculina.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 32

Apartat a)

Resultat

Les molècules apagades es desplacen lateralment i són substituïdes per molècules fluorescents de la resta de la membrana: confirma el model del mosaic fluid.

Resolució

  1. Dades. L'apagament és irreversible: la GFP apagada no es torna a encendre.
  2. Explicació. Les molècules apagades es desplacen lateralment dins de la bicapa i les substitueixen molècules fluorescents que arriben de la resta de la membrana.
  3. Conclusió. Les proteïnes de membrana es poden moure lateralment: és el model del mosaic fluid.

Apartat b)

Resultat

Fracció mòbil: X =0,80= 0{,}80 (80 %); Y =0,30= 0{,}30 (30 %). El 70 % de Y està immobilitzada.

Resolució

  1. Fórmula. fmoˋbil=Ffinal−FdespreˊsFinicial−Fdespreˊsf_{\text{mòbil}} = \dfrac{F_{\text{final}} - F_{\text{després}}}{F_{\text{inicial}} - F_{\text{després}}} S'han perdut 1000−100=9001000 - 100 = 900 unitats.
  2. Proteïna X. f=820−100900=720900=0,80f = \dfrac{820 - 100}{900} = \dfrac{720}{900} = 0{,}80, és a dir, 80 %.
  3. Proteïna Y. f=370−100900=270900=0,30f = \dfrac{370 - 100}{900} = \dfrac{270}{900} = 0{,}30, és a dir, 30 %.
  4. Interpretació. El 70 % de les molècules de Y no es mouen durant l'experiment: estan immobilitzades, probablement unides a estructures com el citoesquelet o la matriu extracel·lular, o formant grans complexos. La fluïdesa de la membrana no implica que totes les proteïnes es desplacin lliurement.

Apartat c)

Resultat

A 20 °C la membrana és menys fluida i la recuperació és més lenta (30 s); sense colesterol a 37 °C és més fluida i és més ràpida (7 s).

Resolució

  1. Temperatura. A 20 °C la recuperació és més lenta (30 s en lloc de 12 s) perquè la membrana és menys fluida: les cadenes d'àcids grassos es mouen menys i la difusió lateral es frena.
  2. Colesterol. Si s'extreu colesterol a 37 °C, la recuperació és més ràpida (7 s): a temperatura fisiològica el colesterol s'intercala entre els fosfolípids i en limita el moviment, de manera que en treure'l la membrana es torna més fluida.
  3. Compte. El colesterol no sempre augmenta la fluïdesa: a 37 °C la disminueix, i a baixes temperatures evita que la membrana es rigiditzi.

Apartat d)

Resultat

Repetir el FRAP de Y en cèl·lules tractades amb latrunculina o citocalasina D i en un control amb només el dissolvent: si Y està ancorada a l'actina, la seva fracció mòbil augmentarà en les tractades.

Resolució

  1. Experiment. Es tracten fibroblasts amb latrunculina o citocalasina D (despolimeritzen l'actina) i es repeteix el FRAP de la proteïna Y.
  2. Control. Cèl·lules iguals tractades només amb el dissolvent del fàrmac, a la mateixa temperatura i amb el mateix protocol de làser.
  3. Resultat esperat. Si Y està ancorada a l'actina, la fracció mòbil augmentarà clarament (cap al valor de X) en les tractades i no en el control.
  4. Bones pràctiques. Convé fer diverses rèpliques i comprovar que el fàrmac no altera la proteïna X (control intern).

Errors típics

  • Pensar que la fluorescència es recupera perquè la GFP es «reactiva»: l'enunciat diu que l'apagament és irreversible.
  • Calcular la fracció mòbil dividint per la fluorescència inicial (820/1000) sense descomptar el valor just després del làser.
  • Afirmar que el colesterol sempre augmenta la fluïdesa: a 37 °C la disminueix (a baixes temperatures evita que la membrana es rigiditzi).

Conceptes treballats: model del mosaic fluid; difusió lateral; colesterol i temperatura en la fluïdesa; proteïnes ancorades al citoesquelet; disseny experimental amb control

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 33

Es mesura l'entrada de K+\mathrm{K}^{+} en glòbuls vermells humans fent servir 86Rb+, un ió radioactiu que travessa la membrana per les mateixes vies que el K+\mathrm{K}^{+}. Resultats, en mmol de K+\mathrm{K}^{+} per litre de cèl·lules i per hora:
1) Control a 37 °C: 2,0.
2) 37 °C amb ouabaïna (inhibidor específic de la bomba Na+/K+\mathrm{K}^{+}): 0,3.
3) 4 °C: 0,2.
4) 37 °C, després de 2 h amb fluorur (inhibidor d'un enzim de la glicòlisi): 0,4.
5) 37 °C amb cianur (inhibidor de la cadena respiratòria): 2,0.
a) Calcula quina part de l'entrada de K+\mathrm{K}^{+} del control es deu a la bomba Na+/K+\mathrm{K}^{+} i quina a altres vies. Quin tipus de transport és la resta?
b) Explica els resultats 3, 4 i 5. Per què el cianur no té cap efecte en aquestes cèl·lules?
c) La bomba hidrolitza 1 ATP per cada 3 Na+ que treu i 2 K+\mathrm{K}^{+} que entra. Calcula quant ATP gasta la bomba i quant Na+ treu, per litre de cèl·lules i per hora, en el control.
d) Prediu què passaria amb el volum dels glòbuls vermells si es mantinguessin moltes hores amb ouabaïna, i raona-ho.

Pista 1

La part de l'entrada que desapareix amb ouabaïna és la que fa la bomba.

Pista 2

Pensa d'on treu l'ATP un glòbul vermell madur: quins orgànuls té i quins no?

Pista 3

Si s'atura la bomba, el Na+ que entra per fuga ja no surt. Com respon l'aigua a un augment de soluts dins la cèl·lula?

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 33

Apartat a)

Resultat

Bomba: 1,7 mmol/(L⋅h)1{,}7\ \text{mmol/(L}\cdot\text{h)} (85 %); altres vies: 0,3 mmol/(L⋅h)0{,}3\ \text{mmol/(L}\cdot\text{h)} (15 %), que és transport passiu.

Resolució

  1. Idea. La part de l'entrada que desapareix amb ouabaïna és la que fa la bomba Na+/K+.
  2. Càlcul. 2,0−0,3=1,7 mmol/(L⋅h);1,72,0=0,85=85 %2{,}0 - 0{,}3 = 1{,}7\ \text{mmol/(L}\cdot\text{h)};\qquad \dfrac{1{,}7}{2{,}0} = 0{,}85 = 85\ \%
  3. La resta. El 15 % restant (0,3 mmol/(L·h)) entra per altres vies, sobretot canals de fuga i cotransportadors: és transport passiu a favor de gradient electroquímic, que no depèn directament de l'ATP.

Apartat b)

Resultat

El fred frena la bomba (enzim); el fluorur atura la glicòlisi i esgota l'ATP; el cianur no fa res perquè els glòbuls vermells madurs no tenen mitocondris i obtenen l'ATP per glicòlisi.

Resolució

  1. 4 °C (0,2). L'entrada és mínima: la bomba és un enzim (ATPasa) i a baixa temperatura la seva activitat és molt baixa; a més, la membrana és menys fluida i també es redueix el pas passiu.
  2. Fluorur (0,4). La glicòlisi s'atura i, al cap de 2 h, s'esgota l'ATP: la bomba deixa de funcionar, gairebé com amb ouabaïna.
  3. Cianur (2,0). Bloqueja la cadena respiratòria, però els glòbuls vermells madurs no tenen mitocondris: obtenen tot l'ATP per glicòlisi i fermentació làctica, de manera que el cianur no els afecta.
  4. Conclusió. Aquest resultat és, de fet, una prova que el seu ATP no és d'origen mitocondrial.

Apartat c)

Resultat

ATP=0,85 mmol/(L⋅h)\text{ATP} = 0{,}85\ \text{mmol/(L}\cdot\text{h)}; Na+\mathrm{Na^+} expulsat =2,55 mmol/(L⋅h)= 2{,}55\ \text{mmol/(L}\cdot\text{h)}.

Resolució

  1. Dades. La bomba entra 1,7 mmol de K+/(L·h); estequiometria: 1 ATP, 3 Na+ fora i 2 K+ dins.
  2. ATP. 1,72=0,85 mmol ATP/(L⋅h)\dfrac{1{,}7}{2} = 0{,}85\ \text{mmol ATP/(L}\cdot\text{h)}.
  3. Na+. 3⋅0,85=2,55 mmol Na+/(L⋅h)3\cdot0{,}85 = 2{,}55\ \text{mmol Na}^{+}\text{/(L}\cdot\text{h)}.
  4. Compte. No inverteixis l'estequiometria: surten 3 Na+ i entren 2 K+ per cada ATP.

Apartat d)

Resultat

Els glòbuls vermells s'inflarien per osmosi fins que podrien lisar-se (hemòlisi).

Resolució

  1. Bomba aturada. El Na+ continua entrant per fuga i el K+ continua sortint, però el Na+ entra (acompanyat de Cl−) més del que surt de K+.
  2. Osmosi. La concentració total de soluts dins la cèl·lula augmenta, entra aigua per osmosi i el glòbul vermell s'infla fins que pot arribar a lisar-se (hemòlisi).
  3. Conclusió. La bomba, a més de mantenir els gradients, és essencial per regular el volum cel·lular.

Errors típics

  • Atribuir tota l'entrada de K+ a la bomba i oblidar el transport passiu que queda amb ouabaïna.
  • Dir que el cianur ha d'aturar la bomba «perquè sense respiració no hi ha ATP»: els eritròcits no tenen mitocondris.
  • Invertir l'estequiometria de la bomba (3 Na+ surten i 2 K+ entren per cada ATP).

Conceptes treballats: bomba Na+/K+ i transport actiu primari; transport passiu; glicòlisi i absència de mitocondris en l'eritròcit; osmosi i volum cel·lular; interpretació d'inhibidors

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 34

Un home torna d'un viatge amb còlera: té una diarrea aquosa de diversos litres al dia. La toxina colèrica fa augmentar l'AMP cíclic dels enteròcits, cosa que obre els canals de Cl− CFTR de la membrana apical; el Cl− surt cap a la llum de l'intestí i el Na+ i l'aigua el segueixen. En canvi, el cotransportador SGLT1, que entra 2 Na+ per cada glucosa des de la llum intestinal, continua funcionant amb normalitat. L'OMS recomana una solució de rehidratació oral que conté, per litre, 13,5 g de glucosa (M = 180 g/mol) i, a més, 75 mmol de Na+, 65 mmol de Cl−, 20 mmol de K+\mathrm{K}^{+} i 10 mmol de citrat.
a) Calcula la concentració de glucosa en mmol/L i l'osmolaritat total de la solució (considera que cada partícula dissolta compta 1 mOsm). Compara-la amb la del plasma (≈ 290 mOsm/L) i raona si és adequada.
b) Explica per què la glucosa ajuda a absorbir sal i aigua. Quin tipus de transport fa el SGLT1 i quina proteïna de la membrana basolateral en manté la força impulsora?
c) Raona per què beure només aigua, o una beguda ensucrada molt concentrada (≈ 600 mOsm/L), no és una bona manera de rehidratar aquest pacient.
d) Si la toxina continua actuant, per què el tractament funciona igualment?

Pista 1

Passa els grams a mols amb la massa molar i suma totes les partícules dissoltes.

Pista 2

El SGLT1 aprofita el gradient de Na+ per entrar glucosa contra gradient; pensa qui manté baix el Na+ dins de l'enteròcit.

Pista 3

L'aigua va sempre cap al compartiment amb més concentració de soluts; compara la beguda amb el contingut de la cèl·lula intestinal.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 34

Apartat a)

Resultat

Glucosa =75 mmol/L= 75\ \text{mmol/L}; osmolaritat =245 mOsm/L= 245\ \text{mOsm/L}, lleugerament hipotònica respecte del plasma (290): és adequada, perquè afavoreix l'absorció d'aigua.

Resolució

  1. Glucosa. n=13,5 g180 g/mol=0,075 mol  ⇒  75 mmol/Ln = \dfrac{13{,}5\ \text{g}}{180\ \text{g/mol}} = 0{,}075\ \text{mol} \;\Rightarrow\; 75\ \text{mmol/L}
  2. Osmolaritat. Cada partícula compta 1 mOsm: 75 (Na+)+65 (Cl−)+20 (K+)+10 (citrat)+75 (glucosa)=245 mOsm/L75\ (\mathrm{Na^+}) + 65\ (\mathrm{Cl^-}) + 20\ (\mathrm{K^+}) + 10\ (\text{citrat}) + 75\ (\text{glucosa}) = 245\ \text{mOsm/L}
  3. Comparació. És lleugerament hipotònica respecte del plasma (290 mOsm/L): afavoreix que l'aigua passi de la llum intestinal cap a l'organisme i evita que la solució «xucli» aigua cap a l'intestí.
  4. Compte. No t'oblidis la glucosa i no comptis el NaCl com una sola partícula.

Apartat b)

Resultat

El SGLT1 fa transport actiu secundari (simport Na+-glucosa): cada glucosa arrossega 2 Na+, i l'aigua els segueix per osmosi. La força impulsora la manté la bomba Na+/K+ basolateral.

Resolució

  1. Tipus de transport. El SGLT1 fa transport actiu secundari (simport): entra glucosa contra gradient aprofitant que el Na+ entra a favor del seu gradient. No és passiu, encara que no gasti ATP directament.
  2. Força impulsora. Aquest gradient el manté la bomba Na+/K+ de la membrana basolateral, que gasta ATP per treure el Na+ cap a la sang.
  3. Sal i aigua. Cada glucosa absorbida arrossega dos ions Na+ (i el Cl− els segueix per atracció elèctrica); en augmentar els soluts a l'interior de l'epiteli i a la sang, l'aigua els segueix per osmosi.
  4. Conclusió. Glucosa i sal s'han de donar juntes perquè el sistema funcioni.

Apartat c)

Resultat

L'aigua sola no activa el cotransport ni reposa electròlits (risc d'hiponatrèmia); una beguda de 600 mOsm/L és hipertònica i atrau aigua cap a l'intestí, i empitjora la diarrea.

Resolució

  1. Només aigua. No aporta Na+ ni glucosa: no s'activa el cotransport, no es reposen els electròlits perduts i es pot provocar una hiponatrèmia.
  2. Beguda molt ensucrada. Amb 600 mOsm/L és hipertònica respecte de l'interior de l'organisme: atrau aigua cap a la llum intestinal per osmosi i empitjora la diarrea i la deshidratació.
  3. Compte. No és veritat que com més ensucrada millor perquè «dona més glucosa»: l'excés d'osmolaritat és contraproduent.

Apartat d)

Resultat

Perquè la toxina activa el CFTR (secreció) però no bloqueja el SGLT1 (absorció): si l'absorció acoblada a la glucosa supera la secreció, el balanç net d'aigua torna a ser d'entrada.

Resolució

  1. Dos transportadors. La toxina obre el CFTR (secreció de Cl−), però no bloqueja el SGLT1 (absorció de Na+ i glucosa).
  2. Balanç. Si l'absorció acoblada a la glucosa supera la secreció, el balanç net d'aigua torna a ser d'entrada.
  3. Conclusió. El pacient es rehidrata mentre el seu sistema immunitari i la renovació de l'epiteli acaben amb la infecció.

Errors típics

  • Oblidar la glucosa en calcular l'osmolaritat, o comptar el NaCl com una sola partícula.
  • Dir que el SGLT1 fa transport passiu perquè no gasta ATP directament: és actiu secundari, depèn del gradient que manté la bomba.
  • Pensar que una beguda com més ensucrada millor, perquè «dona més glucosa»: l'excés d'osmolaritat empitjora la diarrea.

Conceptes treballats: transport actiu secundari (simport Na+-glucosa); bomba Na+/K+\mathrm{K}^{+}; osmosi i osmolaritat; canals iònics (CFTR); cas clínic

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 35

La fibrosi quística es deu a mutacions del gen CFTR, que codifica un canal de Cl− de la membrana plasmàtica. Es comparen dos pacients:
• Pacient A (mutació ΔF508 en homozigosi, que elimina un aminoàcid): per immunofluorescència, la proteïna CFTR es veu al reticle endoplasmàtic i no a la membrana plasmàtica. Clorur a la suor: 98 mmol/L. Després de 6 mesos amb un «corrector» (fàrmac que ajuda la proteïna a plegar-se) més un «potenciador» (fàrmac que augmenta l'obertura del canal): 55 mmol/L.
• Pacient B (mutació G551D en homozigosi, que canvia un aminoàcid): la proteïna CFTR arriba a la membrana plasmàtica. Clorur a la suor: 105 mmol/L. Amb el potenciador sol: 50 mmol/L.
Valors de referència: menys de 30 mmol/L, normal; 60 mmol/L o més, diagnòstic de fibrosi quística.
a) Explica per què la proteïna del pacient A queda retinguda al reticle endoplasmàtic i què n'acaba passant. Relaciona-ho amb el camí que segueix una proteïna de membrana.
b) Raona per què la manca de CFTR fa que la suor sigui salada i que el moc dels bronquis sigui espès.
c) Explica per què el pacient B millora només amb el potenciador i el pacient A necessita, a més, el corrector.
d) Calcula el percentatge de reducció del clorur a la suor en cada pacient i valora si el tractament normalitza la funció del canal.

Pista 1

Al reticle hi ha un control de qualitat: les proteïnes mal plegades no continuen cap al Golgi.

Pista 2

El CFTR deixa passar Cl−; pensa en quina direcció passa a la glàndula sudorípara (reabsorció) i a l'epiteli bronquial (secreció), i què fa l'aigua.

Pista 3

Un fàrmac que obre més el canal només serveix si el canal és a la membrana.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 35

Apartat a)

Resultat

La ΔF508 es plega malament: el control de qualitat del reticle (xaperones) la reté i l'envia a degradar al proteasoma, i no arriba a la membrana plasmàtica.

Resolució

  1. Camí normal. El CFTR és una proteïna de membrana: se sintetitza en ribosomes units al RER, s'insereix a la membrana del reticle, passa a l'aparell de Golgi i arriba a la membrana plasmàtica en vesícules.
  2. Control de qualitat. Al reticle, les xaperones comproven el plegament; la proteïna ΔF508 es plega malament, queda retinguda i és enviada a degradar al proteasoma.
  3. Conseqüència. Per això es veu al reticle i gairebé no n'arriba a la membrana: no hi ha canals de Cl− on calen.
  4. Compte. La proteïna sí que es fabrica: es plega malament i es degrada abans d'arribar a la membrana.

Apartat b)

Resultat

A la glàndula sudorípara el CFTR reabsorbeix Cl−: sense ell, la suor és salada. Als bronquis el CFTR secreta Cl− i l'aigua el segueix: sense ell, el moc és espès.

Resolució

  1. Suor. Al conducte de la glàndula sudorípara, el CFTR permet reabsorbir el Cl− (i el Na+ el segueix) abans que la suor surti; sense CFTR la sal no es recupera i la suor és molt salada (per això la prova de la suor serveix per diagnosticar).
  2. Bronquis. A l'epiteli bronquial, el CFTR secreta Cl− cap a la superfície; l'aigua el segueix per osmosi i hidrata el moc.
  3. Sense CFTR. Sense secreció de Cl− hi ha poca aigua, el moc és espès, els cilis no el poden desplaçar i s'afavoreixen les infeccions.
  4. Compte. No confonguis la direcció del Cl−: reabsorció a la suor, secreció als bronquis.

Apartat c)

Resultat

En B el canal ja és a la membrana però s'obre malament: n'hi ha prou amb el potenciador. En A el canal no arriba a la membrana: cal el corrector perquè hi arribi i el potenciador perquè s'obri més.

Resolució

  1. Pacient B. El canal arriba a la membrana però s'obre malament (defecte de funcionament): un potenciador, que n'augmenta l'obertura, és suficient.
  2. Pacient A. El problema principal és que la proteïna no arriba a la membrana (defecte de plegament i transport): primer cal un corrector perquè una part de la proteïna superi el control del reticle.
  3. Doble tractament. Després, el potenciador fa que els canals que arriben, que també funcionen pitjor, s'obrin més. Un potenciador sol no pot actuar sobre una proteïna retinguda al reticle.

Apartat d)

Resultat

Reducció: A ≈43,9 %\approx 43{,}9\ \%; B ≈52,4 %\approx 52{,}4\ \%. Tots dos baixen per sota de 60 mmol/L però no arriben a la normalitat (< 30 mmol/L).

Resolució

  1. Fórmula. reduccioˊ=inicial−finalinicial⋅100\text{reducció} = \dfrac{\text{inicial} - \text{final}}{\text{inicial}}\cdot100.
  2. Pacient A. 98−5598=0,439  ⇒  43,9 %\dfrac{98 - 55}{98} = 0{,}439 \;\Rightarrow\; 43{,}9\ \%.
  3. Pacient B. 105−50105=0,524  ⇒  52,4 %\dfrac{105 - 50}{105} = 0{,}524 \;\Rightarrow\; 52{,}4\ \%.
  4. Valoració. Tots dos baixen per sota del llindar diagnòstic de 60 mmol/L, però no arriben als valors normals (menys de 30 mmol/L): la funció del canal millora molt, però no es normalitza del tot.

Errors típics

  • Dir que la proteïna ΔF508 «no es fabrica»: es fabrica, però es plega malament i es degrada abans d'arribar a la membrana.
  • Confondre la direcció del Cl− a la suor (reabsorció) i als bronquis (secreció).
  • Pensar que un fàrmac potenciador pot actuar sobre una proteïna retinguda al reticle.

Conceptes treballats: síntesi i trànsit de proteïnes de membrana; control de qualitat al reticle; canals iònics i osmosi; relació mutació–proteïna–malaltia; interpretació de dades clíniques

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 36

En diverses malalties hereditàries falta un enzim lisosòmic i els glicosaminoglicans (GAG) s'acumulen dins dels lisosomes. Els enzims lisosòmics s'envien als lisosomes perquè a l'aparell de Golgi se'ls afegeix una marca, la manosa-6-fosfat (M6P), que reconeixen uns receptors; una petita part s'escapa a l'exterior i, si porta la marca, pot ser recaptada per receptors de M6P de la membrana plasmàtica. Es cultiven fibroblasts de tres pacients: A (li falta l'enzim 1), B (li falta l'enzim 2) i C (fabrica tots els enzims, però no els pot afegir la M6P; el seu medi de cultiu té una activitat enzimàtica 10 vegades més alta que el normal). Es mesura l'acumulació de GAG (valor 100 = fibroblasts normals):
A sol: 420 · A + medi de cèl·lules normals: 110 · A + medi de B: 115 · A + medi de C: 410
B sol: 380 · B + medi de A: 120 · B + medi de C: 375
C sol: 460 · C + medi de cèl·lules normals: 130
a) Explica per què els fibroblasts A i B es corregeixen mútuament.
b) Per què el medi de C, que és ric en enzims, no corregeix ni A ni B? Per què els seus enzims són fora de la cèl·lula?
c) Per què el medi de cèl·lules normals sí que corregeix les cèl·lules C? Quin procés de membrana hi intervé?
d) Basant-te en aquests resultats, explica en què es podria basar un tractament de reemplaçament enzimàtic per al pacient A i quina condició hauria de complir l'enzim administrat.

Pista 1

Cada pacient deixa anar al medi els enzims que sí que té.

Pista 2

Un enzim sense M6P no és reconegut per cap receptor: ni al Golgi ni a la membrana plasmàtica.

Pista 3

Les cèl·lules C tenen tots els enzims, però també tenen receptors de M6P a la membrana.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 36

Apartat a)

Resultat

Perquè cadascun secreta al medi l'enzim que a l'altre li falta, amb la marca M6P, i l'altre el capta per endocitosi mediada per receptor.

Resolució

  1. Què té cadascú. A no té l'enzim 1 però sí el 2, i B no té el 2 però sí l'1. Cada tipus de cèl·lula deixa escapar al medi una petita part dels seus enzims amb la marca M6P.
  2. Captació. Les cèl·lules A en el medi de B capten per endocitosi mediada per receptor l'enzim 1 que ha secretat B; arriba als lisosomes i degrada els GAG acumulats (de 420 a 115).
  3. I a l'inrevés. El mateix passa amb B en el medi d'A (de 380 a 120).
  4. Conclusió. Això demostra que les dues malalties es deuen a la manca d'enzims diferents (complementació).

Apartat b)

Resultat

Els enzims de C no porten M6P: al Golgi no s'envien als lisosomes i surten per la via de secreció per defecte, i a fora cap receptor no els reconeix.

Resolució

  1. Per què són fora. Les cèl·lules C no posen la marca M6P als enzims: al Golgi els receptors no els reconeixen, no van als lisosomes i surten per la via de secreció per defecte (exocitosi).
  2. Conseqüència a C. Per això el medi de C és molt ric en enzims (10 vegades el normal), mentre que els lisosomes de C en queden buits i acumulen GAG (460).
  3. Per què no corregeixen. Aquests enzims sense marca tampoc no són captats per les cèl·lules A i B (410 i 375, gairebé igual que sense tractament): no hi ha cap receptor que els reconegui.
  4. Compte. Les cèl·lules C sí que tenen els enzims, però van a parar a fora de la cèl·lula. I un enzim del medi no entra per difusió: és una proteïna gran i necessita endocitosi mediada per receptor.

Apartat c)

Resultat

Perquè el medi normal conté enzims amb M6P i les cèl·lules C tenen receptors de M6P a la membrana: hi intervé l'endocitosi mediada per receptor.

Resolució

  1. Receptors. Les cèl·lules C tenen els receptors de M6P a la membrana plasmàtica; el seu defecte és només que no saben marcar els enzims.
  2. Captació. El medi de cèl·lules normals conté enzims marcats amb M6P, que les cèl·lules C capten per endocitosi mediada per receptor i envien als lisosomes.
  3. Resultat. L'acumulació de GAG passa de 460 a 130.

Apartat d)

Resultat

Administrar al pacient A l'enzim 1 recombinant; ha de portar la marca M6P (o una altra que reconegui un receptor de membrana) perquè les cèl·lules el captin i l'enviïn als lisosomes.

Resolució

  1. Tractament. Es podria administrar a la sang del pacient A l'enzim 1 produït en cultius cel·lulars (proteïna recombinant).
  2. Condició. Perquè les cèl·lules el captin i l'enviïn als lisosomes, l'enzim ha de portar la marca M6P (o una altra marca que reconegui un receptor de membrana de les cèl·lules diana).
  3. Base experimental. Els experiments mostren que un enzim sense marca, encara que sigui abundant (medi de C), no serveix.

Errors típics

  • Pensar que les cèl·lules C no tenen enzims: els tenen, però van a parar a fora de la cèl·lula.
  • Creure que un enzim que hi ha al medi entra a la cèl·lula per difusió: és una proteïna gran i necessita endocitosi mediada per receptor.
  • Confondre la funció del Golgi (classificar i marcar) amb la del lisosoma (degradar).

Conceptes treballats: lisosomes i enzims hidrolítics; classificació al Golgi (manosa-6-fosfat); endocitosi mediada per receptor; malalties lisosòmiques; interpretació d'experiments de complementació

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 37

En un cultiu de cèl·lules humanes en divisió s'afegeixen durant 12 hores tres fàrmacs diferents: la colquicina (impedeix que la tubulina es polimeritzi), el taxol (estabilitza els microtúbuls i n'impedeix la despolimerització) i la citocalasina D (impedeix la polimerització de l'actina). Després es compten 500 cèl·lules de cada cultiu:
• Control: 20 en mitosi, 3 binucleades.
• Colquicina: 190 en mitosi (amb els cromosomes condensats però sense placa metafàsica), 4 binucleades.
• Taxol: 175 en mitosi, 5 binucleades.
• Citocalasina D: 22 en mitosi, 225 binucleades.
a) Calcula l'índex mitòtic (percentatge de cèl·lules en mitosi) i el percentatge de cèl·lules binucleades de cada cultiu.
b) La colquicina i el taxol tenen efectes oposats sobre els microtúbuls, però tots dos aturen la mitosi. Explica-ho.
c) Interpreta el resultat de la citocalasina D: quina fase de la divisió falla i quina continua?
d) La colquicina es fa servir en millora vegetal per obtenir plantes poliploides. Explica per què, a partir de l'efecte que té sobre la divisió cel·lular.

Pista 1

Índex = cèl·lules en mitosi / cèl·lules comptades × 100.

Pista 2

Perquè els cromosomes s'alineïn i se separin, els microtúbuls del fus s'han d'allargar i escurçar contínuament.

Pista 3

Distingeix la cariocinesi (divisió del nucli, feta pel fus) de la citocinesi animal (anell contràctil). Si el fus no funciona, els cromosomes ja duplicats poden acabar dins d'un sol nucli.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 37

Apartat a)

Resultat

Índex mitòtic: control 4 %; colquicina 38 %; taxol 35 %; citocalasina D 4,4 %. Binucleades: 0,6 %; 0,8 %; 1 %; 45 %.

Resolució

  1. Fórmula. Índex mitòtic = (cèl·lules en mitosi / cèl·lules comptades) × 100, amb 500 cèl·lules comptades (divideix pel total, no per les cèl·lules en mitosi).
  2. Índex mitòtic. Control 20500=4 %\tfrac{20}{500} = 4\ \%; colquicina 190500=38 %\tfrac{190}{500} = 38\ \%; taxol 175500=35 %\tfrac{175}{500} = 35\ \%; citocalasina D 22500=4,4 %\tfrac{22}{500} = 4{,}4\ \%.
  3. Binucleades. Control 3500=0,6 %\tfrac{3}{500} = 0{,}6\ \%; colquicina 4500=0,8 %\tfrac{4}{500} = 0{,}8\ \%; taxol 5500=1 %\tfrac{5}{500} = 1\ \%; citocalasina D 225500=45 %\tfrac{225}{500} = 45\ \%.

Apartat b)

Resultat

El fus necessita la inestabilitat dinàmica dels microtúbuls: la colquicina impedeix que es formin i el taxol, que s'escurcin; en tots dos casos els cromosomes no se separen i el punt de control atura la mitosi.

Resolució

  1. Inestabilitat dinàmica. Els microtúbuls del fus s'han de poder allargar (polimerització) per capturar els cinetocors i escurçar (despolimerització) per arrossegar les cromàtides cap als pols.
  2. Colquicina i taxol. La colquicina impedeix que es formin; el taxol impedeix que s'escurcin. Compte: estabilitzar els microtúbuls no «afavoreix» la mitosi, perquè sense despolimerització el fus no funciona.
  3. Punt de control. En tots dos casos els cromosomes no s'alineen correctament ni se separen, el punt de control del fus no deixa avançar cap a l'anafase i les cèl·lules s'acumulen en mitosi (l'índex passa de 4 % a 35–38 %).

Apartat c)

Resultat

Falla la citocinesi (anell contràctil d'actina); la cariocinesi, que depèn dels microtúbuls, continua.

Resolució

  1. Mitosi normal. Amb citocalasina D l'índex mitòtic és normal (4,4 %): la mitosi pròpiament dita, que depèn dels microtúbuls, té lloc.
  2. Binucleades. En el 45 % de les cèl·lules hi ha dos nuclis: no s'ha pogut formar l'anell contràctil d'actina i miosina que estrangula la cèl·lula animal.
  3. Conclusió. Falla la citocinesi i continua la cariocinesi. No confonguis les dues: la separació dels cromosomes la fa el fus, no l'actina.

Apartat d)

Resultat

Perquè, sense fus, els cromosomes ja replicats no se separen i queden en un sol nucli amb el doble de cromosomes (de 2n a 4n).

Resolució

  1. Efecte sobre la divisió. Si la colquicina impedeix el fus, els cromosomes, que ja s'han replicat a la fase S, no se separen cap a dues cèl·lules filles.
  2. Duplicació del nombre. Quan l'efecte del fàrmac s'acaba o la cèl·lula surt de la mitosi sense dividir-se, queda un sol nucli amb el doble de cromosomes (de 2n passa a 4n).
  3. Millora vegetal. En plantes, les cèl·lules tetraploides d'un meristema poden originar branques o llavors poliploides, sovint més grans i vigoroses, i d'aquesta manera s'obtenen noves varietats.

Errors típics

  • Pensar que el taxol, en estabilitzar els microtúbuls, «afavoreix» la mitosi: sense despolimerització el fus no funciona.
  • Confondre la cariocinesi amb la citocinesi i atribuir a l'actina la separació dels cromosomes.
  • Dividir per les cèl·lules en mitosi en lloc de pel total de cèl·lules comptades.

Conceptes treballats: citoesquelet (microtúbuls i actina); fus mitòtic i inestabilitat dinàmica; citocinesi; punt de control del fus; poliploïdia; càlcul d'índexs

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 38

Per posar a prova la teoria endosimbiòtica es fan dues anàlisis.
1) Es compara la seqüència del RNA ribosòmic de la subunitat petita de diversos orgànuls d'una planta amb altres seqüències (percentatge d'identitat):
• rRNA del mitocondri: amb un α-proteobacteri, 79 %; amb un cianobacteri, 66 %; amb el rRNA 18S del citosol de la mateixa planta, 48 %.
• rRNA del cloroplast: amb un cianobacteri, 86 %; amb un α-proteobacteri, 67 %; amb el rRNA 18S del citosol, 47 %.
2) Es marquen cèl·lules humanes en cultiu durant 1 hora amb metionina radioactiva i es mesura la radioactivitat de les proteïnes dels mitocondris (control = 100): amb cicloheximida (inhibeix els ribosomes 80S), 8; amb cloramfenicol (inhibeix els ribosomes 70S), 93; amb els dos inhibidors, 1.
a) Interpreta les dades de l'anàlisi 1. Donen suport a la teoria? De quins organismes provindrien els mitocondris i els cloroplasts?
b) Interpreta l'experiment 2. Quina part de les proteïnes del mitocondri es fabrica dins del mateix orgànul?
c) El DNA mitocondrial humà codifica 13 proteïnes, mentre que en un mitocondri n'hi ha unes 1500 de diferents. Calcula el percentatge de tipus de proteïnes que codifica i explica per què és més petit que el resultat de l'apartat b. Per què un mitocondri no pot viure fora de la cèl·lula?
d) El cloramfenicol és un antibiòtic eficaç, però pot ser tòxic per a la medul·la òssia humana, i la cicloheximida no es fa servir mai com a antibiòtic en persones. Explica-ho.

Pista 1

Una identitat de seqüència més alta indica un parentiu evolutiu més proper.

Pista 2

Si un inhibidor dels ribosomes del citosol fa baixar molt el marcatge de les proteïnes mitocondrials, d'on venen la majoria d'aquestes proteïnes?

Pista 3

Compara «nombre de tipus de proteïnes» amb «quantitat de proteïna fabricada»: algunes proteïnes de la cadena respiratòria són molt abundants. Pensa també què es va perdent en una relació endosimbiòtica molt llarga.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 38

Apartat a)

Resultat

Sí, hi donen suport: el rRNA mitocondrial s'assembla més al d'un α-proteobacteri (79 %) i el del cloroplast al d'un cianobacteri (86 %) que no pas al del citosol de la mateixa planta (≈ 48 %).

Resolució

  1. Mitocondri. El seu rRNA s'assembla molt més al d'un α-proteobacteri (79 %) que al del citosol de la mateixa cèl·lula (48 %).
  2. Cloroplast. El seu rRNA s'assembla més al d'un cianobacteri (86 %) que al del citosol (47 %).
  3. Raonament. Una identitat més alta indica un parentiu evolutiu més proper. Si els orgànuls s'haguessin format a partir de membranes de la mateixa cèl·lula, els seus rRNA s'assemblarien més als del citosol.
  4. Conclusió. Les dades donen suport a la teoria endosimbiòtica: els mitocondris provindrien d'un α-proteobacteri aerobi i els cloroplasts, d'un cianobacteri fotosintètic, englobats per una cèl·lula hoste.

Apartat b)

Resultat

Només un 7–8 % de la proteïna mitocondrial es fabrica dins del mitocondri; el ≈ 92 % es fa al citosol i s'importa.

Resolució

  1. Cicloheximida. Bloqueja els ribosomes 80S del citosol i el marcatge baixa al 8 %: el 92 % de la proteïna mitocondrial ve del citosol.
  2. Cloramfenicol. Bloqueja els ribosomes de tipus bacterià (els mitocondrials) i el marcatge baixa només al 93 %, és a dir, un 7 %.
  3. Coherència. Les dues dades coincideixen: un 7–8 % es fabrica dins del mitocondri i la resta (≈ 92 %) es fabrica al citosol i s'importa. Amb els dos inhibidors gairebé no hi ha síntesi (1).

Apartat c)

Resultat

131500≈0,87 %\tfrac{13}{1500} \approx 0{,}87\ \% dels tipus de proteïnes. És menys que el 7 % de b perquè aquelles 13 són molt abundants; el mitocondri no pot viure sol perquè la major part dels seus gens són al nucli.

Resolució

  1. Càlcul. 131500=0,0087\dfrac{13}{1500} = 0{,}0087, és a dir, només un 0,87 % dels tipus de proteïnes.
  2. Tipus o quantitat. El valor de l'apartat b és més alt perquè es refereix a quantitat de proteïna sintetitzada, no a nombre de tipus: les 13 proteïnes codificades pel DNA mitocondrial són subunitats de la cadena respiratòria i de l'ATP sintasa, molt abundants a la membrana interna.
  3. Dependència. Al llarg de l'evolució, la major part dels gens del bacteri ancestral es van perdre o es van transferir al nucli; per això el mitocondri depèn de proteïnes codificades al nucli i importades.
  4. Conclusió. El mitocondri actual no és un bacteri complet i no pot viure de manera independent fora de la cèl·lula.

Apartat d)

Resultat

El cloramfenicol també inhibeix els ribosomes mitocondrials (de tipus bacterià), i afecta la medul·la òssia; la cicloheximida inhibeix els ribosomes 80S de totes les nostres cèl·lules i, a més, no afecta els bacteris.

Resolució

  1. Cloramfenicol. Els ribosomes mitocondrials s'assemblen als bacterians (vestigi del seu origen), de manera que el cloramfenicol també inhibeix una mica la síntesi de proteïnes mitocondrials.
  2. Medul·la òssia. Les seves cèl·lules, que es divideixen molt i necessiten molta energia, en surten afectades. Per tant, no és cert que el cloramfenicol no afecti mai les cèl·lules humanes.
  3. Cicloheximida. Inhibeix els ribosomes 80S del citosol de totes les nostres cèl·lules: aturaria la síntesi de proteïnes de tot l'organisme, i a més no afecta els bacteris, que tenen ribosomes 70S.

Errors típics

  • Dir que el cloramfenicol no afecta mai les cèl·lules humanes: els ribosomes mitocondrials són de tipus bacterià.
  • Confondre el percentatge de tipus de proteïnes codificades amb el percentatge de massa de proteïna sintetitzada.
  • Pensar que els mitocondris actuals són bacteris complets que podrien viure fora de la cèl·lula.

Conceptes treballats: teoria endosimbiòtica; ribosomes 70S i 80S; DNA mitocondrial i importació de proteïnes; antibiòtics i toxicitat; interpretació de dades moleculars

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 39

En una micrografia electrònica d'un hepatòcit feta a 25 000 augments, un mitocondri típic fa 50 mm de llarg i 12,5 mm d'amplada, i les crestes estan separades uns 0,5 mm entre si a la imatge. Per anàlisi d'imatges s'ha determinat que els mitocondris ocupen el 22 % del volum de l'hepatòcit.
a) Calcula la longitud i l'amplada reals del mitocondri (en µm) i la separació real entre crestes (en nm).
b) Considera l'hepatòcit com un cub de 20 µm d'aresta i cada mitocondri com un cilindre amb aquestes dimensions. Estima quants mitocondris té la cèl·lula.
c) Amb un microscopi òptic (límit de resolució ≈ 0,2 µm) es podrien veure aquests mitocondris? I les seves crestes? Raona-ho.
d) En una cèl·lula del múscul cardíac els mitocondris ocupen més del 30 % del volum, i en una cèl·lula acinar del pàncrees, menys del 10 %. Relaciona aquestes diferències amb la funció de cada cèl·lula i explica per què el resultat de l'apartat b només és una estimació.

Pista 1

Mida real = mida a la imatge / augments; recorda que 1 mm = 1000 µm i 1 µm = 1000 nm.

Pista 2

Volum del cilindre = π · r2r^{2} · h; primer calcula el volum total que ocupen els mitocondris.

Pista 3

Per veure dues estructures separades, la distància entre elles ha de ser més gran que el límit de resolució.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 39

Apartat a)

Resultat

Longitud =2 μm= 2\ \mu\text{m}; amplada =0,5 μm= 0{,}5\ \mu\text{m}; separació entre crestes =20 nm= 20\ \text{nm}.

Resolució

  1. Fórmula. mida real=mida a la imatgeaugments\text{mida real} = \dfrac{\text{mida a la imatge}}{\text{augments}} (divideix, no multipliquis), amb 1 mm=1000 μm1\ \text{mm} = 1000\ \mu\text{m} i 1 μm=1000 nm1\ \mu\text{m} = 1000\ \text{nm}.
  2. Longitud. 50 mm25 000=0,002 mm=2 μm\dfrac{50\ \text{mm}}{25\,000} = 0{,}002\ \text{mm} = 2\ \mu\text{m}.
  3. Amplada. 12,5 mm25 000=0,0005 mm=0,5 μm\dfrac{12{,}5\ \text{mm}}{25\,000} = 0{,}0005\ \text{mm} = 0{,}5\ \mu\text{m}.
  4. Crestes. 0,5 mm25 000=0,00002 mm=0,02 μm=20 nm\dfrac{0{,}5\ \text{mm}}{25\,000} = 0{,}00002\ \text{mm} = 0{,}02\ \mu\text{m} = 20\ \text{nm}.

Apartat b)

Resultat

N≈4500N \approx 4500 mitocondris.

Resolució

  1. Volum de l'hepatòcit. Vc=203=8000 μm3V_{c} = 20^{3} = 8000\ \mu\text{m}^{3}; els mitocondris n'ocupen 0,22⋅8000=1760 μm30{,}22\cdot8000 = 1760\ \mu\text{m}^{3}.
  2. Volum d'un mitocondri. Cilindre de radi r=0,25 μmr = 0{,}25\ \mu\text{m} (la meitat de l'amplada, no el diàmetre) i altura h=2 μmh = 2\ \mu\text{m}: Vm=πr2h=π⋅(0,25 μm)2⋅2 μm≈0,393 μm3V_{m} = \pi r^{2} h = \pi\cdot(0{,}25\ \mu\text{m})^{2}\cdot2\ \mu\text{m} \approx 0{,}393\ \mu\text{m}^{3}
  3. Nombre. N=17600,393≈4480≈4500 mitocondrisN = \dfrac{1760}{0{,}393} \approx 4480 \approx 4500\ \text{mitocondris}

Apartat c)

Resultat

Els mitocondris sí (0,5 µm i 2 µm > 0,2 µm), com a petits bastonets; les crestes no (20 nm < 200 nm).

Resolució

  1. Mitocondris. Fan 0,5 µm d'amplada i 2 µm de llargada, més que el límit de resolució de 0,2 µm: amb un microscopi òptic (i una tinció adequada) es veurien com un petit bastonet o gra.
  2. Crestes. Estan separades 20 nm, molt per sota de 0,2 µm = 200 nm: no es poden resoldre i només es veuen amb el microscopi electrònic.
  3. Compte. No confonguis augment amb resolució: ampliar més una imatge òptica no fa visibles les crestes.

Apartat d)

Resultat

Com més ATP aeròbic necessita la cèl·lula, més volum de mitocondris: el cor treballa sense parar, mentre que la cèl·lula acinar dedica el volum a la secreció. El resultat de b és aproximat perquè les formes reals no són un cub ni cilindres iguals.

Resolució

  1. Funció dels mitocondris. Fan la respiració cel·lular i produeixen la major part de l'ATP.
  2. Múscul cardíac (> 30 %). Treballa sense parar i necessita molt ATP de manera aeròbica: té moltíssims mitocondris.
  3. Hepatòcit (22 %) i acinar (< 10 %). L'hepatòcit té una activitat metabòlica molt intensa (gluconeogènesi, síntesi de proteïnes, detoxificació) i en té molts. La cèl·lula acinar del pàncrees dedica la major part del volum al RER, al Golgi i als grànuls de secreció, i proporcionalment té menys mitocondris.
  4. Per què és una estimació. La cèl·lula no és un cub, els mitocondris no són cilindres iguals (canvien de forma, es fusionen i es divideixen) i una micrografia és un tall prim que no mostra el mitocondri sencer.

Errors típics

  • Multiplicar per l'augment en lloc de dividir, o equivocar-se en el pas de mm a µm i nm.
  • Fer servir el diàmetre en lloc del radi en el volum del cilindre.
  • Confondre augment amb resolució: ampliar més una imatge òptica no fa visibles les crestes.

Conceptes treballats: mitocondri (estructura i funció); microscòpia (augment i límit de resolució); conversió d'unitats; relació entre estructura i funció cel·lular; estimació quantitativa

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Exercici 40

Els oòcits de granota (Xenopus) són cèl·lules grans, molt poc permeables a l'aigua, que tradueixen el mRNA que s'hi injecta. Es divideixen en lots: a uns s'hi injecta aigua i a uns altres, mRNA de l'aquaporina AQP1. Tres dies després es passen d'un medi de 200 mOsm/L a un de 70 mOsm/L i es mesura el volum relatiu al cap de 3 minuts (volum inicial = 1,00):
• Injectats amb aigua: 1,04.
• Injectats amb mRNA d'AQP1: 1,35 (als 5 minuts, la majoria esclaten).
• Injectats amb mRNA d'AQP1 i tractats amb HgCl2 (el mercuri s'uneix a una cisteïna del porus): 1,06.
• Injectats amb mRNA d'AQP1, tractats amb HgCl2 i després amb β-mercaptoetanol (que allibera el mercuri de la cisteïna): 1,32.
a) Per què cal un lot d'oòcits injectats amb aigua? Què demostra la comparació amb el segon lot?
b) Què aporten els dos últims lots sobre la naturalesa del pas de l'aigua?
c) Si l'oòcit es comportés com un osmòmetre perfecte (volum × osmolaritat interna constant), quin volum relatiu assoliria en equilibri? Interpreta el resultat del segon lot.
d) En el túbul col·lector del ronyó, l'hormona antidiürètica (ADH) fa que vesícules amb aquaporines AQP2 es fusionin amb la membrana plasmàtica. Prediu com serà l'orina d'una persona amb una mutació que impedeix que l'AQP2 arribi a la membrana i raona-ho.

Pista 1

Injectar és una manipulació en si mateixa: cal saber si l'efecte el produeix el mRNA o la injecció.

Pista 2

Si un reactiu que modifica una cisteïna bloqueja el pas de l'aigua i un altre que reverteix la modificació el restaura, quin tipus de molècula forma el pas?

Pista 3

Si l'osmolaritat exterior passa de 200 a 70, l'interior s'hi ha d'igualar diluint-se per entrada d'aigua: Vfinal = Vinicial · 20070\tfrac{200}{70}.

Mira la solucióAmaga la solucióde l'exercici 40

Apartat a)

Resultat

És el control de la manipulació (punxada i volum injectat sense mRNA); la comparació demostra que l'AQP1 augmenta molt la permeabilitat a l'aigua.

Resolució

  1. Per què cal. Injectar és una manipulació en si mateixa: el lot injectat amb aigua rep la mateixa punxada i el mateix volum, però sense mRNA. Sense aquest control no es podria descartar que l'efecte el produís la injecció.
  2. Control. En el medi hipotònic gairebé no s'infla (1,04), perquè la membrana de l'oòcit és poc permeable a l'aigua.
  3. Amb AQP1. Els oòcits que tradueixen el mRNA de l'AQP1 s'inflen molt més ràpid (1,35 en 3 min) i esclaten: la proteïna AQP1, fabricada a partir del mRNA i inserida a la membrana, augmenta molt la permeabilitat a l'aigua.

Apartat b)

Resultat

L'aigua passa per un porus proteic (canal) amb una cisteïna accessible; l'efecte és específic i reversible.

Resolució

  1. Mercuri. S'uneix a una cisteïna i bloqueja gairebé del tot l'efecte (1,06).
  2. β-mercaptoetanol. En treure el mercuri, l'efecte es recupera (1,32).
  3. Conclusió. L'aigua passa per un porus format per una proteïna (canal) que té una cisteïna accessible; com que l'efecte és específic i reversible, no es deu a un dany de la membrana. Les aquaporines són canals específics (difusió facilitada de l'aigua), no difusió simple a través de la bicapa.

Apartat c)

Resultat

Vfinal=1,00⋅20070≈2,86V_{\text{final}} = 1{,}00\cdot\tfrac{200}{70} \approx 2{,}86 (gairebé el triple). Els oòcits amb AQP1 s'hi acosten molt de pressa però esclaten abans d'arribar-hi.

Resolució

  1. Osmòmetre perfecte. V⋅osmolaritat interna=constantV\cdot\text{osmolaritat interna} = \text{constant}, i en equilibri l'osmolaritat interna s'iguala a l'externa (de 200 a 70 mOsm/L).
  2. Càlcul. Vfinal=Vinicial⋅20070=1,00⋅20070≈2,86V_{\text{final}} = V_{\text{inicial}}\cdot\dfrac{200}{70} = 1{,}00\cdot\dfrac{200}{70} \approx 2{,}86 És a dir, +186 %. Compte a no invertir la proporció (70200\tfrac{70}{200} donaria un encongiment).
  3. Segon lot. Els oòcits amb AQP1 s'inflen a gran velocitat cap a aquest equilibri (1,35 en 3 min), però la membrana no pot estirar-se tant i esclaten abans d'arribar-hi (lisi osmòtica).
  4. Controls. L'entrada d'aigua és tan lenta que en pocs minuts l'equilibri no s'assoleix.

Apartat d)

Resultat

Orina abundant i molt diluïda, amb molta set (diabetis insípida nefrogènica), perquè l'aigua no es pot reabsorbir encara que hi hagi ADH.

Resolució

  1. Mecanisme normal. L'ADH fa que vesícules amb AQP2 es fusionin amb la membrana apical (exocitosi) del túbul col·lector, i l'aigua del filtrat es reabsorbeix.
  2. Mutació. Sense AQP2 a la membrana apical, l'aigua no es pot reabsorbir encara que hi hagi ADH.
  3. Conseqüència. La persona eliminarà grans volums d'orina molt diluïda i tindrà molta set: és la diabetis insípida nefrogènica.
  4. Idea general. La cèl·lula pot regular la permeabilitat a l'aigua controlant per exocitosi quants canals té a la membrana.

Errors típics

  • Pensar que l'aigua només travessa la membrana per difusió simple a través de la bicapa: les aquaporines són canals específics (difusió facilitada).
  • Prescindir del control injectat amb aigua i atribuir l'efecte al mRNA sense haver descartat l'efecte de la injecció.
  • Calcular el volum d'equilibri amb la proporció invertida (70200\tfrac{70}{200}), que donaria un encongiment.

Conceptes treballats: osmosi; aquaporines (difusió facilitada de l'aigua); expressió de mRNA injectat; controls experimentals; exocitosi i regulació hormonal al ronyó

Nivell PAU: t'ajudem amb el dubte? Pregunta-ho per WhatsApp · Ensenya-ho a casa

Preguntes freqüents

La difusió facilitada gasta energia?

No. Hi intervé una proteïna de membrana, però el transport va a favor del gradient de concentració i no consumeix ATP. És transport passiu.

D'on treu l'energia el transport actiu primari?

De la hidròlisi de l'ATP, com a la bomba de sodi i potassi. Així pot moure substàncies en contra del seu gradient.

Tornar a Biologia

Altres temes de Biologia 2n Batxillerat